Question

已知：直角三角形AOB中，∠AOB=90°，OA=3厘米，OB=4厘米．以O(shè)為坐標(biāo)原點(diǎn)如圖建立平面直角坐標(biāo)系．設(shè)P、Q分別為AB邊，OB邊上的動(dòng)點(diǎn)，它們同時(shí)分別從點(diǎn)A、O向B點(diǎn)勻速運(yùn)動(dòng)，移動(dòng)的速度都為1厘米每秒．設(shè)P、Q運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t秒（0≤t≤4）．
（1）求△OPQ的面積S與（厘米²）與t的函數(shù)關(guān)系式；并指出當(dāng)t為何值時(shí)S的最大值是多少？
（2）當(dāng)t為何值時(shí)，△BPQ和△AOB相似；
（3）當(dāng)t為何值時(shí)，△OPQ為直角三角形；
（4）①試證明無(wú)論t為何值，△OPQ不可能為正三角形；
②若點(diǎn)P的移動(dòng)速度不變，試改變點(diǎn)Q的運(yùn)動(dòng)速度，使△OPQ為正三角形，求出點(diǎn)Q的運(yùn)動(dòng)速度和此時(shí)的t值．

Answer 1

【答案】分析：（1）可用t表示出OQ，BP的長(zhǎng)，三角形OPQ中，OQ邊上的高可用BP的長(zhǎng)和∠PBO的正弦值求出，由此可得出關(guān)于S，t的函數(shù)關(guān)系式．
（2）本題分兩種情況：
①∠BQP=∠BOA，此時(shí)PQ∥OA，那么BQ=PB•cos∠PBO．由此可求出t的值．
②∠BPQ=∠BOA，此時(shí)BP=BQ•sin∠PBO．由此可求出t的值．
（3）本題中無(wú)非是兩種情況OQ⊥PQ或OP⊥QP，可分別表示出PO、QO、PQ三條線段的長(zhǎng)，然后用勾股定理進(jìn)行求解即可．
（4）①如果三角形OPQ是正三角形那么（3）中表示三條線段長(zhǎng)的表達(dá)式必然相等，可通過(guò)解方程求出此時(shí)t的值，如果方程無(wú)解則說(shuō)明三角形OPQ不可能是正三角形．
②思路同①，設(shè)出Q點(diǎn)的速度，然后表示出三條線段的長(zhǎng)，令三條線段的表達(dá)式相等，即可求出Q的速度和t的值．
解答：解：（1）S=-0.3t²+當(dāng)t=時(shí)，S最大=．

（2）①∠BQP=∠BOA，在直角三角形BQP中，BP=BQ，
即5-t=（4-t），
解得t=0．
②∠BPQ=∠BOA，在直角三角形BPQ中，BQ=BP，
即4-t=（5-t），
解得t=9；
因?yàn)?≤t≤4，
∴t=9不合題意，舍去．
因此當(dāng)t=0時(shí)，△BPQ和△AOB相似．

（3）若△OPQ為直角三角形，則OQ⊥PQ或OP⊥QP，設(shè)QP⊥OQ，
則PQ=
=
=．
PO=
=
=．
OQ=
=
=≠t（t無(wú)解）．
∴QP不與OQ垂直
設(shè)OP⊥QP，則△OPQ∽△PNQ
∴，
∴PQ²=t²，PQ²=OQ²-OP²=t²-t²+t-9=t-9
t²=t-9，
解得t=3，t=15（不合題意舍去）
∴當(dāng)t=3是△OPQ是直角三角形．

（4）①PO=，OQ=t，PQ=
令PO=OQ=PQ，解t無(wú)解
∴△OPQ不能成為正三角形．
②設(shè)Q的速度為x，則OQ=xt．
OP²=t²-t+9，OQ²=x²t²，PQ²=t²-t+12
令OP²=OQ²=PQ²
解得x=，t=
舍去負(fù)值，則t=
因此Q點(diǎn)的速度為，
t=．
點(diǎn)評(píng)：本題考查二次函數(shù)的綜合應(yīng)用，其中涉及到的知識(shí)點(diǎn)有待定系數(shù)法求函數(shù)解析式和等腰梯形，圓的有關(guān)性質(zhì)等．要熟練掌握才能靈活運(yùn)用．