Question

如圖①，Rt△ABC中，∠B=90°，∠CAB=30度．它的頂點A的坐標(biāo)為（10，0），頂點B的坐標(biāo)為，AB=10，點P從點A出發(fā)，沿A→B→C的方向勻速運動，同時點Q從點D（0，2）出發(fā)，沿y軸正方向以相同速度運動，當(dāng)點P到達(dá)點C時，兩點同時停止運動，設(shè)運動的時間為t秒．
（1）求∠BAO的度數(shù)．
（2）當(dāng)點P在AB上運動時，△OPQ的面積S（平方單位）與時間t（秒）之間的函數(shù)圖象為拋物線的一部分，（如圖②），求點P的運動速度．
（3）求（2）中面積S與時間t之間的函數(shù)關(guān)系式及面積S取最大值時點P的坐標(biāo)．
（4）如果點P，Q保持（2）中的速度不變，那么點P沿AB邊運動時，∠OPQ的大小隨著時間t的增大而增大；沿著BC邊運動時，∠OPQ的大小隨著時間t的增大而減小，當(dāng)點P沿這兩邊運動時，使∠OPQ=90°的點P有幾個？請說明理由．

Answer 1

【答案】分析：（1）已知了AB的長和B點的坐標(biāo)，那么sin∠BAO==，因此∠BAO=60°
（2）由函數(shù)的圖形可知：當(dāng)t=5時，三角形OPQ的面積是30，如果設(shè)點P的速度為a，那么AP=5a，那么P到AC的距離就是a，也就是P到OQ的距離為10-a．OQ=QD+OD=5a+2．因此（5a+2）×（10-）×=30，解得a=1.6，a=2．由于拋物線的解析式為S=（at+2）（10-）×，經(jīng)化簡后可得出對稱軸應(yīng)該是t=，當(dāng)a=1.6時，對稱軸t=5.625顯然大于5，與給出的拋物線的圖形不相符，因此a=2是本題的唯一的解．也就是說P的速度是2單位/秒．
（3）根據(jù)（2）的求解過程即可得出S的解析式．然后根據(jù)函數(shù)的解析式來得出函數(shù)的最大值及此時對應(yīng)的t的取值，然后根據(jù)P，Q的速度和t的取值，可求出P點的坐標(biāo)．
（4）本題其實主要是看P在B點和C點時∠OPQ的度數(shù)范圍，當(dāng)∠OBQ的度數(shù)大于90°，∠OCQ的度數(shù)小于90°時，那么在AB，BC上分別有一個符合要求的點P，如果∠OBQ的度數(shù)小于90°時那么就沒有符合要求的點，如果∠OBQ=90°，那么符合要求的點只有一個．當(dāng)P，B重合時，作∠OPM=90°交y軸于點M，作PH⊥y軸于點H，然后比較OM和OQ的長即可得出∠OPQ的大致范圍，根據(jù)相似三角形OPH和OPM不難得出OM的長，然后比較OM，OQ的大小，如果OQ＞OM則說明∠OPQ＞90°，反之則小于90°，用同樣的方法可得出當(dāng)P與C重合時∠OPQ的大致取值范圍，然后根據(jù)上面的分析即可判定出有幾個符合要求的點．
解答：解：（1）∵頂點B的坐標(biāo)為，AB=10，
∴sin∠BAO==，
∴∠BAO=60度．

（2）點P的運動速度為2個單位/秒．

（3）過P作PM⊥x軸，
∵點P的運動速度為2個單位/秒．
∴t秒鐘走的路程為2t，即AP=2t，
又∵∠APM=30°，
∴AM=t，又OA=10，
∴OM=（10-t），即為三角形OPQ中OQ邊上的高，
而DQ=2t，OD=2，可得OQ=2t+2，
∴P（10-t，t）（0≤t≤5），
∵S=OQ•OM=（2t+2）（10-t），
=-（t-）²+．
∴當(dāng)t=時，S有最大值為，此時P（，）．

（4）當(dāng)點P沿這兩邊運動時，∠OPQ=90°的點P有2個．
①當(dāng)點P與點A重合時，∠OPQ＜90°，
當(dāng)點P運動到與點B重合時，OQ的長是12單位長度，
作∠OPM=90°交y軸于點M，作PH⊥y軸于點H，
由△OPH∽△OPM得：OM==11.5，
所以O(shè)Q＞OM，從而∠OPQ＞90度．
所以當(dāng)點P在AB邊上運動時，∠OPQ=90°的點P有1個．
②同理當(dāng)點P在BC邊上運動時，可算得OQ=12+=17.8，
而構(gòu)成直角時交y軸于（0，），=20.2＞17.8，
所以∠OCQ＜90°，從而∠OPQ=90°的點P也有1個．
所以當(dāng)點P沿這兩邊運動時，∠OPQ=90°的點P有2個．
點評：本題結(jié)合三角形的相關(guān)知識考查二次函數(shù)的綜合應(yīng)用，要特別注意（2）中舍去速度為1.6的原因．