(2008•濮陽(yáng))如圖,拋物線y=ax2+bx+c與x軸交于A、B兩點(diǎn)(點(diǎn)A在點(diǎn)B左側(cè)),與y軸交于點(diǎn)C,且當(dāng)x=O和x=4時(shí),y的值相等.直線y=4x-16與這條拋物線相交于兩點(diǎn),其中一點(diǎn)的橫坐標(biāo)是3,另一點(diǎn)是這條拋物線的頂點(diǎn)M.
(1)求這條拋物線的解析式;
(2)P為線段OM上一點(diǎn),過(guò)點(diǎn)P作PQ⊥x軸于點(diǎn)Q.若點(diǎn)P在線段OM上運(yùn)動(dòng)(點(diǎn)P不與點(diǎn)O重合,但可以與點(diǎn)M重合),設(shè)OQ的長(zhǎng)為t,四邊形PQCO的面積為S,求S與t之間的函數(shù)關(guān)系式及自變量t的取值范圍;
(3)隨著點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng),四邊形PQCO的面積S有最大值嗎?如果S有最大值,請(qǐng)求出S的最大值,并指出點(diǎn)Q的具體位置和四邊形PQCO的特殊形狀;如果S沒(méi)有最大值,請(qǐng)簡(jiǎn)要說(shuō)明理由;
(4)隨著點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng),是否存在t的某個(gè)值,能滿足PO=OC?如果存在,請(qǐng)求出t的值.

【答案】分析:(1)x=O和x=4時(shí),y的值相等,即可得到函數(shù)的對(duì)稱軸是x=2,把x=2和x=3分別代入直線y=4x-16就可以求出拋物線上的兩個(gè)點(diǎn)的坐標(biāo),并且其中一點(diǎn)是頂點(diǎn),利用待定系數(shù)法,設(shè)出函數(shù)的頂點(diǎn)式一般形式,就可以求出函數(shù)的解析式;
(2)根據(jù)待定系數(shù)法可以求出直線OM的解析式,設(shè)OQ的長(zhǎng)為t,即P,Q的橫坐標(biāo)是t,把x=t代入直線OM的解析式,就可以求出P點(diǎn)的縱坐標(biāo),得到PQ的長(zhǎng),四邊形PQCO的面積S=S△COQ+S△OPQ,很據(jù)三角形的面積公式就可以得到函數(shù)解析式;
(3)從圖象可看出,隨著點(diǎn)P由O→M運(yùn)動(dòng),△COQ的面積與△OPQ的面積在不斷增大,即S不斷變大,顯當(dāng)然點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)M時(shí),S最值;
(4)在直角△OPQ中,根據(jù)勾股定理就可以求出點(diǎn)P的坐標(biāo).
解答:解:(1)∵當(dāng)x=0和x=4時(shí),y的值相等,
∴c=16a+4b+c,(1分)
∴b=-4a,
∴x=-=-=2
將x=3代入y=4x-16,得y=-4,
將x=2代入y=4x-16,得y=-8.(2分)
∴設(shè)拋物線的解析式為y=a(x-2)2-8
將點(diǎn)(3,-4)代入,得-4=a(x-2)2-8,
解得a=4.
∴拋物線y=4(x-2)2-8,即y=4x2-16x+8.(3分)

(2)設(shè)直線OM的解析式為y=kx,將點(diǎn)M(2,-8)代入,得k=-4,
∴y=-4x.(4分)
則點(diǎn)P(t,-4t),PQ=4t,而OC=8,OQ=t.
S=S△COQ+S△OPQ=×8×t+×t×4t=2t2+4t(5分)
t的取值范圍為:0<t≤2(6分)

(3)隨著點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng),四邊形PQCO的面積S有最大值.
從圖象可看出,隨著點(diǎn)P由O→M運(yùn)動(dòng),△COQ的面積與△OPQ的面積在不斷增大,
即S不斷變大,顯然當(dāng)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)M時(shí),S值最大(7分)
此時(shí)t=2時(shí),點(diǎn)Q在線段AB的中點(diǎn)上(8分)
因而S=×2×8+×2×8=16.
當(dāng)t=2時(shí),OC=MQ=8,OC∥MQ,
∴四邊形PQCO是平行四邊形.(9分)

(4)隨著點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng),存在t=,能滿足PO=OC(10分)
設(shè)點(diǎn)P(t,-4t),PQ=4T,OQ=t.
由勾股定理,得OP2=(4t)2+t2=17t2
∵PO=OC,
∴17t2=82,t1=<2,t2=-(不合題意)
∴當(dāng)t=時(shí),PO=OC.(11分)
點(diǎn)評(píng):本題主要考查了待定系數(shù)法求二次函數(shù)的解析式.注意數(shù)與形的結(jié)合是解決本題的關(guān)鍵.
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