Question

【題目】已知直線y=﹣x+2分別交x、y軸于點(diǎn)A、B，點(diǎn)C為線段OA的中點(diǎn)，動(dòng)點(diǎn)P從坐標(biāo)原點(diǎn)出發(fā)，以2個(gè)單位長(zhǎng)度/秒的速度向終點(diǎn)A運(yùn)動(dòng)，動(dòng)點(diǎn)Q從點(diǎn)C出發(fā)，以個(gè)單位長(zhǎng)度/秒的速度向終點(diǎn)B運(yùn)動(dòng)．過點(diǎn)Q作QM∥AB交x軸于點(diǎn)M，動(dòng)點(diǎn)P、Q同時(shí)出發(fā)，其中一個(gè)點(diǎn)到達(dá)終點(diǎn)，另一個(gè)點(diǎn)也停止運(yùn)動(dòng)，設(shè)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t秒，PM的長(zhǎng)為y個(gè)單位長(zhǎng)度．

（1）∠BCO= °；

（2）求y關(guān)于t的函數(shù)關(guān)系式及自變量t的取值范圍；

（3）是否存在時(shí)間t，使得以PC為直徑的⊙D與直線QM相切？若存在，求t的值；不存在，說明理由．

Answer 1

【答案】（1）45；（2）y=2﹣t（0≤t≤2）（3）當(dāng)t=1﹣或t=1+時(shí)，以PC為直徑的⊙D與直線QM相切

【解析】

試題分析：（1）先分別求得點(diǎn)A和點(diǎn)B的坐標(biāo)，從而得到點(diǎn)C的坐標(biāo)，從而得到OB=OC，于是可求得∠BCO的度數(shù)；

（2）先由相似三角形的性質(zhì)得到CM的長(zhǎng)，然后依據(jù)PM=CO+CM﹣OP可求得y與t的函數(shù)關(guān)系式；

（3）當(dāng)點(diǎn)P在點(diǎn)C的左邊時(shí)，可求得DM=1，由tan∠NMD=，可求得DN=，然后可求得DC=1﹣t，從而可求得t的值；當(dāng)點(diǎn)P在點(diǎn)C的右側(cè)時(shí)，可求得DC=t﹣1，DN=，從而可求得t的值．

解：（1）∵令y=0得﹣x+2=0，解得：x=4，

∴A（0，4）．

∴OA=4．

∵點(diǎn)C為線段OA的中點(diǎn)，

∴OC=2．

∵令x=0得：y=2，

∴B（0，2）．

∴OB=2．

∴OB=OC．

又∵∠BOC=90°，

∴∠BCO=45°．

故答案為：45．

（2）如圖1所示：

∵OB=CO=2，∠BOC=90°，

∴BC=OB=2．

∵OA=4，OC=2，

∴AC=2．

設(shè)點(diǎn)P和點(diǎn)Q的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，則OP=2t，QP=t．

∵QM∥AB，

∴，即，解得CM=t．

∴PM=CO+CM﹣OP=2+t﹣2t=2﹣t（0≤t≤2）．

∴y與t的函數(shù)關(guān)系是為y=2﹣t（0≤t≤2）．

（3）如圖2所示：設(shè)N為切線，連接DN．

∵OP=2t，OC=2，

∴PC=2﹣2t．

∴PD=DC=1﹣t．

∴DM=PM﹣PD=2﹣t﹣（1﹣t）=1．

∵MQ是圓D的切線，

∴DN⊥QM．

∵OB=2，OA=4，

∴tan∠BAO=．

∵QM∥AB，

∴tan∠NMP=．

∴DN=DM=．

∴1﹣t=，解得：t=1．

如圖3所示：設(shè)N為切線，連接DN．

∵OP=2t，OC=2，

∴PC=2t﹣2．

∴DC=DP=t﹣1．

∴DM=t﹣1+2﹣t=1．

∴DN=．

∴t﹣1=，解得：t=1+．

綜上所述，當(dāng)t=1﹣或t=1+時(shí)，以PC為直徑的⊙D與直線QM相切．