Question

在正方形ABCD中，將∠ADC繞點(diǎn)D順時(shí)針旋轉(zhuǎn)一定角度，使角的一邊與BC的交點(diǎn)為點(diǎn)F，且CF=BF，另一邊與BA的延長(zhǎng)線交于點(diǎn)E，連接EF，與BD交于點(diǎn)M．∠BEF的角平分線交BD于點(diǎn)G，過點(diǎn)G作GH⊥AB于H．在下列結(jié)論中：（1）；（2）DG=DF；（3）∠BME=90°；（4）HG+EF=AD．正確的個(gè)數(shù)有（ ）

A．4
B．3
C．2
D．1

Answer 1

【答案】分析：利用相似三角形的性質(zhì)與判定首先求出DW=x，進(jìn)而得出QM=x，即可得出S_△BME=×MQ×BE=x²，S_△BDF=×2x×3x=3x²，即可得出①錯(cuò)誤，再利用三角形的外角以及正方形的性質(zhì)得出②正確，進(jìn)而利用等腰三角形的性質(zhì)求出其他答案．
解答：解：作MQ⊥AB于點(diǎn)Q，
假設(shè)CF=x，則BF=2x，BE=4x，AE=x，
∵AD∥BC，
∴=，
∴，
∴AW=，
∴DW=x，
∵AD∥BC，
∴，
∴，
解得：DM=x，
∴BM=x，
∴QM=x，
∴S_△BME=×MQ×BE=x²，
S_△BDF=×2x×3x=3x²，
∴=，
∴故（1）錯(cuò)誤；

∵在正方形ABCD中，將∠ADC繞點(diǎn)D順時(shí)針旋轉(zhuǎn)一定角度，使角的一邊與BC的交點(diǎn)為點(diǎn)F，
∴DE=DF，∠EDF=90°，
∴∠DEF=∠DFE=45°，
∵∠BEF的角平分線交BD于點(diǎn)G，
∴∠FEG=∠BEG，
∵∠DEG=∠DEF+∠FEG=45°+∠FEG，
∵∠EGD=∠ABD+∠BEG=45°+∠BEG，
∴∠DEG=∠DGE，
∴ED=DG，
∴DG=DF，故（2）正確；

∵∠MBF+∠MFB=∠BME，
∵∠MBF=45°，
∵BF≠BE，
∴∠BFE≠45°，
∴∠MBF+∠MFB=∠BME≠90°，
故（3）錯(cuò)誤；

延長(zhǎng)EG到BC于點(diǎn)S，作SZ⊥EF于點(diǎn)Z，
∵CF=BF，
∴設(shè)FC=x，BF=2x，
∴AB=AD=3x，
∵將∠ADC繞點(diǎn)D順時(shí)針旋轉(zhuǎn)一定角度，使角的一邊與BC的交點(diǎn)為點(diǎn)F，
∴可以得出AD=DC，DE=DF，
∠EAD=∠C=90°，
∴△ADE≌△CDF，
∴AE=FC=x，
∴EB=4x，
∴EF==2x，
∵∠BEF的角平分線交BD于點(diǎn)G，
∴BS=SZ，
sin∠ZFS===，
∴=，
∴=，
解得：SZ=（4-8）x，
∵HG∥BS，
∴=，
∴=，
解得：HG=（3-）x，
∴2HG+EF=（6-2）x+2x=6x，
2AD=6x，
∴2HG+EF=2AD，
∴HG+EF=AD，
故（4）正確．
故選C．
點(diǎn)評(píng)：此題主要考查了正方形的性質(zhì)，等腰三角形的性質(zhì)，角平分線的性質(zhì)，三角形全等的判定與性質(zhì)，三角形的面積等知識(shí)點(diǎn)，綜合性較強(qiáng)難度較大．