Question

已知直線(xiàn)y=kx+1經(jīng)過(guò)點(diǎn)M（d，-2）和點(diǎn)N（1，2），交y軸于點(diǎn)H，交x軸于點(diǎn)F．
（1）求d的值；
（2）將直線(xiàn)MN繞點(diǎn)M順時(shí)針旋轉(zhuǎn)45°得到直線(xiàn)ME，點(diǎn)Q（3，e）在直線(xiàn)ME上，①證明ME∥x軸；②試求過(guò)M、N、Q三點(diǎn)的拋物線(xiàn)的解析式；
（3）在（2）的條件下，連接NQ，作△NMQ的高NB，點(diǎn)A為MN上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn)，若BA將△NMQ的面積分為1：2兩部分，且射線(xiàn)BA交過(guò)M、N、Q三點(diǎn)的拋物線(xiàn)于點(diǎn)C，試求點(diǎn)C的坐標(biāo)．

Answer 1

【答案】分析：（1）把點(diǎn)N（1，2）代入y=kx+1，得k，再把M點(diǎn)坐標(biāo)代入已知直線(xiàn)解析式得d；
（2）由（1）可知直線(xiàn)MN：y=x+1與x軸夾角為45°，將直線(xiàn)MN繞點(diǎn)M順時(shí)針旋轉(zhuǎn)45°得到直線(xiàn)ME，此時(shí)ME∥x軸；由此可以判斷點(diǎn)Q的縱坐標(biāo)與點(diǎn)M相同，e=-2，已知M、N、Q三點(diǎn)坐標(biāo)，可求拋物線(xiàn)解析式；
（3）有兩種可能，即S_△AMB=S_△NMQ或S_△AMB=S_△NMQ；△NMQ的面積為已知，線(xiàn)段MB長(zhǎng)已知，可求點(diǎn)A到BM的距離，又點(diǎn)A在直線(xiàn)MN上，可求點(diǎn)A坐標(biāo)，用“兩點(diǎn)法”求直線(xiàn)AB解析式，再與拋物線(xiàn)解析式聯(lián)立，可求C點(diǎn)坐標(biāo)．
解答：解：（1）把點(diǎn)N（1，2）代入y=kx+1，得k=1
∴y=x+1
∵點(diǎn)M（d，-2）在直線(xiàn)y=x+1上
∴d=-3

（2）①∵y=x+1分別交x軸、y軸于點(diǎn)F、H．
∴F（-1，0），H（0，1），
∴OF=OH=1
∴∠HFO=∠NME=45°，
∴ME∥x軸
②又∵點(diǎn)Q（3，e）在直線(xiàn)ME上，
∴Q（3，-2）
設(shè)過(guò)M（-3，-2），N（1，2），Q（3，-2）的拋物線(xiàn)為y=ax²+bx+c
代入三個(gè)點(diǎn)的坐標(biāo)得
解得
∴y=-x²+

（3）設(shè)A（m，n），A到MQ的距離為h，則
S_△AMB=S_△NMQ或S_△AMB=S_△NMQ
當(dāng)S_△AMB=S_△NMQ時(shí)，得MB•h=×MQ•NB ①
∵NB是△NMQ的高，
∴B（1，-2）
∴MB=4，MQ=6，NB=4
∴由①式得h=2，
∴n=2-2=0，m=-1
∴A（-1，0）
設(shè)直線(xiàn)AB的解析式為y=k´x+b´，代入A（-1，0）和B（1，-2），得k´=-1，b´=-1
解方程組
得（舍去）
∴C（1-2，2-2）
當(dāng)S_△AMB=S_△NMQ時(shí)，可得h=4，n=2，m=1
此時(shí)點(diǎn)A（1，2）為滿(mǎn)足條件的點(diǎn)
綜上可知，所求點(diǎn)C的坐標(biāo)為（1-2，2-2）和（1，2）．
點(diǎn)評(píng)：本題綜合性強(qiáng)，考查了點(diǎn)的坐標(biāo)的求法，拋物線(xiàn)解析式的確定方法，及解決有關(guān)三角形面積的問(wèn)題，同時(shí)，滲透了分類(lèi)討論的思想．