Question

（1）下列曲線表示鹵素元素某種性質(zhì)隨核電荷數(shù)的變化趨勢，正確的是

 

．

（2）利用“鹵化硼法”合成含B和N兩種元素的功能陶瓷，下圖為其晶胞結(jié)構(gòu)示意圖，則每個晶胞中含有B原子的個數(shù)為

 

，該功能陶瓷的化學(xué)式為

 

．
（3）BCl₃和NCl₃中心原子的雜化方式分別為

 

和

 

．第一電離能介于B、N之間的第二周期元素有

 

種．
（4）若BCl₃與XYm通過B原子與X原子間的配位健結(jié)合形成配合物，則該配合物中提供孤對電子的原子是

 

．
（5）SiO₂是硅酸鹽玻璃（Na₂CaSi₆O₁₄）的主要成分，Na₂CaSi₆O₁₄也可寫成Na₂O?CaO?6SiO₂．
長石是金屬鋁硅鹽．由鈉長石化學(xué)式NaAlSi₃O₈可推知鈣長石改寫成氧化物的形式可表示為

 

．

Answer 1

考點(diǎn)：位置結(jié)構(gòu)性質(zhì)的相互關(guān)系應(yīng)用,配合物的成鍵情況,晶胞的計(jì)算,含硅礦物及材料的應(yīng)用

專題：元素周期律與元素周期表專題,化學(xué)鍵與晶體結(jié)構(gòu)

分析：（1）a．第VIIA族元素中，元素的電負(fù)性隨著原子序數(shù)的增大而減��；
b．F元素沒有正化合價；
c．第VIIA族氫化物的沸點(diǎn)與其相對分子質(zhì)量成正比，氫鍵的存在導(dǎo)致氫化物的沸點(diǎn)升高；
d．鹵族單質(zhì)的熔點(diǎn)隨著核電荷數(shù)的增大而增大；
（2）根據(jù)均攤法確定B原子個數(shù)和N原子個數(shù)，根據(jù)B、N原子個數(shù)最簡比確定其化學(xué)式；
（3）根據(jù)價層電子對互斥理論確定中心原子的雜化方式，同一周期元素中，元素的第一電離能隨著原子序數(shù)的增大而呈增大趨勢，但第IIA族、第VA族元素第一電離能大于相鄰元素；
（4）在配位化合物中，中心原子提供空軌道，配體提供孤電子對．

解答： 解：（1）a．同一主族中，元素的電負(fù)性隨著原子序數(shù)的增大而減小，所以從氟到溴，其電負(fù)性逐漸減小，故正確；
b．氟元素沒有正化合價，第VIIA族氯、溴元素的最高化合價數(shù)值等于其族序數(shù)，故錯誤；
c．第VIIA族元素氫化物的沸點(diǎn)隨著相對分子質(zhì)量的增大而增大，但HF分子間能形成氫鍵，氫鍵屬于特殊的分子間作用力，強(qiáng)度大于分子間作用力，沸點(diǎn)最高，故錯誤；
d．由于鹵族元素的單質(zhì)均屬于分子晶體，隨相對分子質(zhì)量增大范德華力增大，因而沸點(diǎn)逐漸升高，故錯誤；
故選a；
（2）B的原子半徑比N大，因而結(jié)構(gòu)示意圖中大球代表B原子，B原子個數(shù)=8×

1

8

，N原子個數(shù)=1+

1

4

×4=2，該晶胞中N原子和B原子個數(shù)之比=2：2=1：1，所以其化學(xué)式為BN，
故答案為：2；BN；
（3）BCl₃中的B原子的價層電子對數(shù)是3且不含孤電子對，所以B原子屬于sp²雜化；NCl₃中的N原子的價層電子對個數(shù)為4且含有一個孤電子對，所以N原子屬于sp³雜化；
同一周期元素中，元素的第一電離能隨著原子序數(shù)的增大而呈增大趨勢，但第IIA族、第VA族元素第一電離能大于相鄰元素，根據(jù)電離能的變化規(guī)律，半充滿的N原子和全充滿的Be原子第一電離能要比同周期原子序數(shù)大的原子高，故第一電離能介于B、N之間的第二周期元素有Be、C、O三種元素，
故答案為：sp²；sp³ ；3；   
（4）BCl₃是缺電子化合物，B原子的所有價電子已經(jīng)使用，因而提供孤對電子的原子是X，
故答案為：X；
（5）由鈉長石化學(xué)式NaAlSi₃O₈可推知鈣長石的化學(xué)式為Ca（AlSi₃O₈）₂，改寫成氧化物的形式可表示為CaO．Al₂O₃．6SiO₂，
故答案為：CaO．Al₂O₃．6SiO₂．

點(diǎn)評：本題以鹵族元素為載體考查了原子雜化方式、電負(fù)性、第一電離能、配位鍵、晶胞的計(jì)算等知識點(diǎn)，中等難度，答題時注意題中信息的充分利用．