Question

若存在實常數(shù)k和b，使得函數(shù)F（x）和G（x）對其公共定義域上的任意實數(shù)x都滿足：F（x）≥kx+b和G（x）≤kx+b恒成立，則稱此直線y=kx+b為F（x）和G（x）的“隔離直線”．已知函數(shù)h（x）=x²，m（x）=2elnx（e為自然對數(shù)的底數(shù)），φ（x）=x-2，d（x）=-1．
有下列命題：
①f（x）=h（x）-m（x）在x∈(0，

e

)遞減；
②h（x）和d（x）存在唯一的“隔離直線”；
③h（x）和φ（x）存在“隔離直線”y=kx+b，且b的最大值為-

1

4

；
④函數(shù)h（x）和m（x）存在唯一的隔離直線y=2

e

x-e．
其中真命題的個數(shù)（　　）

A．1個

B．2個

C．3個

D．4個

Answer 1

分析：①求出f′（x）=2x-

2e

x

，x＞0．由f′（x）=2x-

2e

x

=0，x＞0，得x=

e

，列表討論，能求出f（x）=h（x）-m（x）在x∈(0，

e

)遞減；
②h（x）和d（x）存在多條“隔離直線”；
③h（x）和φ（x）存在的“隔離直線”為y=x+b，由h′（x）=2x，知h（x）=x²與“隔離直線”y=x+b平行的切線方程的切點坐標(biāo)為（

1

2

，

1

4

），把（

1

2

，

1

4

）代入y=x+b，得b=-

1

4

，故h（x）和φ（x）存在“隔離直線”y=kx+b，且b的最大值為-

1

4

；
④存在f（x）和g（x）的隔離直線，那么該直線過這個公共點，設(shè)隔離直線的斜率為k．則隔離直線，構(gòu)造函數(shù)，求出函數(shù)函數(shù)的導(dǎo)數(shù)，根據(jù)導(dǎo)數(shù)求出函數(shù)的最值．

解答：解：①∵h（x）=x²，m（x）=2elnx，
∴f（x）=h（x）-m（x）=x²-2elnx，x＞0
∴f′（x）=2x-

2e

x

，x＞0．由f′（x）=2x-

2e

x

=0，x＞0，得x=

e

，

x	（0， e ）	e	（ e ，+∞）
f′（x）	-	0	+
f（x）	↓	極小值	↑

∴f（x）=h（x）-m（x）在x∈(0，

e

)遞減，故①正確；
②∵h（x）=x²，d（x）=-1．
∴h（x）和d（x）存在多條“隔離直線”，故②不正確；
③∵h（x）=x²，φ（x）=x-2，
∴h（x）和φ（x）存在的“隔離直線”y=kx+b平行于y=x-2，
即h（x）和φ（x）存在的“隔離直線”為y=x+b，
∵h′（x）=2x，∴h（x）=x²與“隔離直線”y=x+b平行的切線方程的切點坐標(biāo)為（

1

2

，

1

4

），
把（

1

2

，

1

4

）代入y=x+b，得b=-

1

4

，
∴h（x）和φ（x）存在“隔離直線”y=kx+b，且b的最大值為-

1

4

，故③正確；
④令F（x）=h（x）-m（x）=x²-2elnx（x＞0），
再令F′（x）═2x-

2e

x

=0，x＞0，得x=

e

，
從而函數(shù)h（x）和m（x）的圖象在x=

e

處有公共點．
因此存在h（x）和m（x）的隔離直線，那么該直線過這個公共點，設(shè)隔離直線的斜率為k，則
隔離直線方程為y-e=k（x-

e

），即y=kx-k

e

+e．
由h（x）≥kx-k

e

+e可得 x²-kx+k

e

-e≥0當(dāng)x∈R恒成立，
則△=k²-4k

e

+4e=（k-2

e

）2≤0，只有k=2

e

時，等號成立，此時直線方程為：y=2

e

x-e．
同理證明，由φ（x ）≤kx-k

e

+e，可得只有k=2

e

時，等號成立，此時直線方程為：y=2

e

x-e．
綜上可得，函數(shù)f（x）和g（x）存在唯一的隔離直線y=2

e

x-e，故④正確．
故選C．

點評：本題以函數(shù)為載體，考查新定義，關(guān)鍵是對新定義的理解，考查函數(shù)的求導(dǎo)，利用導(dǎo)數(shù)求最值，屬于難題．