Question

13．已知a為實(shí)數(shù)，函數(shù)f（x）=（x-a）²+|x-a|-a（a-1）．
（Ⅰ）若f（0）≤1，求a的取值范圍；
（Ⅱ）當(dāng)a≥2時(shí)，討論f（x）+$\frac{4}{x}$在區(qū)間（0，+∞）內(nèi)零點(diǎn)的個數(shù)．

Answer 1

分析 （I）由已知可得f（0）=$\left\{\begin{array}{l}2a，a≥0\\ 0，a＜0\end{array}\right.$，若f（0）≤1，則2a≤1，解得：a的取值范圍；
（Ⅱ）當(dāng)a≥2時(shí)，f（x）+$\frac{4}{x}$=$\left\{\begin{array}{l}x[x-（2a-1）]+\frac{4}{x}，x≥a\\（x-1）（x-2a）+\frac{4}{x}，0＜x＜a\end{array}\right.$，分類討論，可得f（x）+$\frac{4}{x}$在區(qū)間（0，+∞）內(nèi)零點(diǎn)的個數(shù)．

解答 解：（Ⅰ）∵f（x）=（x-a）²+|x-a|-a（a-1）．
∴f（0）=a²+|a|-a（a-1）=$\left\{\begin{array}{l}2a，a≥0\\ 0，a＜0\end{array}\right.$，
若f（0）≤1，則2a≤1，
解得a$≤\frac{1}{2}$；
（Ⅱ）設(shè)F（x）=f（x）+$\frac{4}{x}$=$\left\{\begin{array}{l}x[x-（2a-1）]+\frac{4}{x}，x≥a\\（x-1）（x-2a）+\frac{4}{x}，0＜x＜a\end{array}\right.$，
則函數(shù)F（x）的圖象在區(qū)間（0，+∞）上連續(xù)，
（1）當(dāng)a=2時(shí)，
①若x≥2，則F（x）=${x}^{2}-3x+\frac{4}{x}$，
F′（x）=2x-3-$\frac{4}{{x}^{2}}$≥0恒成立，即F（x）為增函數(shù)，
又由F（2）=0，
故此時(shí)f（x）+$\frac{4}{x}$在區(qū)間（0，+∞）有且只有一個零點(diǎn)；
②若0＜x＜2，則F（x）=${x}^{2}-5x+4+\frac{4}{x}$，由${x}^{2}-5x+4＞-2，\frac{4}{x}＞2$得：
F（x）＞0恒成立，
故此時(shí)f（x）+$\frac{4}{x}$在區(qū)間（0，+∞）沒有零點(diǎn)；
（2）當(dāng)a＞2時(shí)，
①若x≥a，則F（x）=$x[x-（2a-1）]+\frac{4}{x}$，
F′（x）=2x-（2a-1）-$\frac{4}{{x}^{2}}$＞0恒成立，即F（x）為增函數(shù)，
②若0＜x＜a，則F（x）=${x}^{2}-5x+4+\frac{4}{x}$，由${x}^{2}-5x+4＞-2，\frac{4}{x}＞2$得：
F（x）=2x-（2a+1）-$\frac{4}{{x}^{2}}$＜0恒成立，即F（x）為減函數(shù)，
又由F（a）=a-a²+$\frac{4}{a}$＜0，
故此時(shí)f（x）+$\frac{4}{x}$在區(qū)間（0，+∞）有兩個零點(diǎn)；
綜上所述，當(dāng)a=2時(shí)，F(xiàn)（x）有一個零點(diǎn)，a＞2時(shí)F（x）有兩個零點(diǎn)

點(diǎn)評 本題考查的知識點(diǎn)比較多，包括絕對值不等式的解法，函數(shù)的零點(diǎn)，函數(shù)的導(dǎo)數(shù)以及導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的單調(diào)性的關(guān)系，考查分類討論思想的應(yīng)用，函數(shù)與方程的思想，轉(zhuǎn)化思想的應(yīng)用，也考查化歸思想的應(yīng)用．