已知函數(shù)f(x)=
1
2
x2-3x+(a-1)lnx,g(x)=ax,h(x)=f(x)-g(x)+3x,其中a∈R且a>1.
(I)求函數(shù)f(x)的導(dǎo)函數(shù)f′(x)的最小值;
(II)當(dāng)a=3時(shí),求函數(shù)h(x0的單調(diào)區(qū)間及極值;
(III)若對(duì)任意的x1,x2∈(0,+∞),x1≠x2,函數(shù)h(x)滿足
h(x1)-h(x2)
x1-x2
>-1
,求實(shí)數(shù)a的取值范圍.
(I)f′(x)=x-3+
a-1
x
=x+
a-1
x
-3
,其中x>0.
因?yàn)閍>1,所以a-1>0,又x>0,所以x+
a-1
x
-3≥2
a-1
-3

當(dāng)且僅當(dāng)x=
a-1
時(shí)取等號(hào),其最小值為2
a-1
-3
.…(4分)
(II)當(dāng)a=3時(shí),h(x)=
1
2
x2+2lnx-3x
,h′(x)=x+
2
x
-3=
(x-1)(x-2)
x
.…..(6分)
x,h′(x),h(x)的變化如下表:
x (0,1) 1 (1,2) 2 (2,+∞)
h′(x) + 0 - 0 +
h(x) 遞增 -
5
2
遞減 2ln2-4 遞增
所以,函數(shù)h(x)的單調(diào)增區(qū)間是(0,1),(2,+∞);單調(diào)減區(qū)間是(1,2).
….(8分)
函h(x)在x=1處取得極大值-
5
2
,在x=2處取得極小2ln2-4.
….(10分)
(III)由題意h(x)=
1
2
x2+(a-1)lnx-ax(a>0)

不妨設(shè)x1<x2,則
h(x1)-h(x2)
x1-x2
>-1
得h(x1)+x1<h(x2)+x2.…(12分)
F(x)=h(x)+x=h(x)=
1
2
x2+(a-1)lnx-ax+x
,則函數(shù)F(x)在(0,+∞)單調(diào)遞增.
F′(x)=x-(a-1)+
a-1
x
=
x2-(a-1)x+a-1
x
≥0
在(0,+∞)恒成立.
即G(x)=x2-(a-1)x+a-1≥0(在0,+∞)恒成立.
因?yàn)?span mathtag="math" >G(0)=a-1>0,
a-1
2
>0,因此,只需△=(a-1)2-4(a-1)≤0.
解得1<a≤5.
故所求實(shí)數(shù)a的取值范圍1<a≤5.….(14分)
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相關(guān)習(xí)題

科目:高中數(shù)學(xué) 來(lái)源: 題型:

已知函數(shù)f(x)=
1
|x|
,g(x)=1+
x+|x|
2
,若f(x)>g(x),則實(shí)數(shù)x的取值范圍是( 。
A、(-∞,-1)∪(0,1)
B、(-∞,-1)∪(0,
-1+
5
2
)
C、(-1,0)∪(
-1+
5
2
,+∞)
D、(-1,0)∪(0,
-1+
5
2
)

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科目:高中數(shù)學(xué) 來(lái)源: 題型:

已知函數(shù)f(x)=
1,x∈Q
0,x∉Q
,則f[f(π)]=( 。

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科目:高中數(shù)學(xué) 來(lái)源: 題型:

已知函數(shù)f(x)=
1-x
ax
+lnx(a>0)

(1)若函數(shù)f(x)在[1,+∞)上為增函數(shù),求實(shí)數(shù)a的取值范圍;
(2)當(dāng)a=1時(shí),求f(x)在[
1
2
,2
]上的最大值和最小值;
(3)當(dāng)a=1時(shí),求證對(duì)任意大于1的正整數(shù)n,lnn>
1
2
+
1
3
+
1
4
+
+
1
n
恒成立.

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科目:高中數(shù)學(xué) 來(lái)源: 題型:

已知函數(shù)f(x)=1+cos2x-2sin2(x-
π
6
),其中x∈R,則下列結(jié)論中正確的是( 。

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科目:高中數(shù)學(xué) 來(lái)源: 題型:

已知函數(shù)f(x)=1+logax(a>0,a≠1),滿足f(9)=3,則f-1(log92)的值是( 。

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