Question

已知三次函數(shù)f（x）=ax³+bx²+cx+d（a，b，c，d∈R）為奇函數(shù)，且在點(diǎn)（1，f（1））的切線(xiàn)方程為y=3x-2
（1）求函數(shù)f（x）的表達(dá)式．
（2）已知數(shù)列{a_n}的各項(xiàng)都是正數(shù)，且對(duì)于?n∈N^*，都有（

n

i=1

ai）²=

n

i=1

f(ai)，求數(shù)列{a_n}的首項(xiàng)a₁和通項(xiàng)公式．
（3）在（2）的條件下，若數(shù)列{b_n}滿(mǎn)足b_n=4ⁿ-m•2 an+1（m∈R，n∈N^*），求數(shù)列{b_n}的最小值．

Answer 1

分析：（1）由奇函數(shù)性質(zhì)得f（-x）=-f（x）恒成立，由此可求得b，d，根據(jù)點(diǎn)（1，f（1））處的切線(xiàn)方程為y=3x-2，可得f′（1）=3，f（1）=1，解出即可；
（2）：（

n

i=1

ai）²=

n

i=1

f(ai)，即為Sn2=a13+a23+…+an3①，令n=1可求得首項(xiàng)a₁，當(dāng)n≥2時(shí)，a13+a23+…+an-13=Sn-12②，①-②并化簡(jiǎn)可得an2=2S_n-a_n③，依此可得an-12=2S_n-1-a_n-1④，由③-④可得遞推式，據(jù)此可判斷數(shù)列為等差數(shù)列，從而可求得通項(xiàng)公式；
（3）由（2）易求得bn=4n-m•2n+1=（2ⁿ-m）²-m²（n∈N₊），令2ⁿ=t（t≥2），則b_n變?yōu)殛P(guān)于t的二次函數(shù)形式，在t≥2范圍內(nèi)對(duì)m進(jìn)行分類(lèi)討論，注意t為大于等于2的正整數(shù)；

解答：解：（1）∵f（x）=ax³+bx²+cx+d（a、b、c、d∈R）為奇函數(shù)，
∴f（-x）=-f（x）恒成立，∴-ax³+bx²-cx+d=-（ax³+bx²+cx+d），
∴b=d=0，
∴f（x）=ax³+cx，
∴f'（x）=3ax²+c，
∵點(diǎn)（1，f（1））處的切線(xiàn)方程為y=3x-2，
∴

f′(1)=3a+c=3 f(1)=a+c=1

，解得a=1，c=0，
∴f（x）=x³；
（2）由題意可知：（

n

i=1

ai）²=

n

i=1

f(ai)，
∴Sn2=a13+a23+…+an3①，
由①式可得a13=a12，
∵a₁＞0，∴a₁=1，
當(dāng)n≥2時(shí)，a13+a23+…+an-13=Sn-12②，
由①-②可得：an3=Sn2-Sn-12=a_n（S_n+S_n-1），
∵數(shù)列{a_n}的各項(xiàng)都是正數(shù)，
∴an2=S_n+S_n-1=2S_n-a_n③，
∴an-12=2S_n-1-a_n-1④，
由③-④可得：an2-an-12=a_n+a_n-1，
∵a_n+a_n-1＞0，∴a_n-a_n-1=1，
∴數(shù)列{a_n}是以首項(xiàng)為1，公差為1的等差數(shù)列，
∴a_n=n；
（3）∵a_n=n，∴b_n=4ⁿ-m•2an+1，∴bn=4n-m•2n+1=（2ⁿ-m）²-m²（n∈N₊），
令2ⁿ=t（t≥2），∴bn=(t-m)2-m2(t≥2)，
（i）當(dāng)m≤2時(shí)，數(shù)列{b_n}的最小值為當(dāng)n=1時(shí)，b_n=4-4m．
（ii）當(dāng)m＞2時(shí)，
①若m=2^k（k∈N₊，k≥2）時(shí)，數(shù)列{b_n}的最小值為當(dāng)n=k時(shí)，b_k=-m²，
②若m=

2k+2k+1

2

(k∈N+，k≥2)時(shí)，數(shù)列{b_n}的最小值為，當(dāng)n=k時(shí)或n=k+1，
bk=bk+1=(2k-m)2-m2，
③若2k＜m＜

2k+2k+1

2

（k∈N₊，k≥2）時(shí)，數(shù)列{b_n}的最小值為，當(dāng)n=k時(shí)，bk=(2k-m)2-m2，
④若

2k+2k+1

2

＜m＜2k+1（k∈N₊，k≥2）時(shí)，數(shù)列{b_n}的最小值為，當(dāng)n=k+1時(shí)，bk+1=(2k+1-m)2-m²．

點(diǎn)評(píng)：本題考查數(shù)列與函數(shù)的綜合、函數(shù)奇偶性的性質(zhì)，考查學(xué)生綜合運(yùn)用所學(xué)知識(shí)分析問(wèn)題解決問(wèn)題的能力，本題綜合性強(qiáng)，能力要求較高．