Question

已知函數(shù)f（x）=x（a+lnx）有極小值-e^-2．
（1）求實(shí)數(shù)a的值；
（2）若k∈Z，且k＜

f(x)

x-1

對(duì)任意x＞1恒成立，求k的最大值；
（3）當(dāng)n＞m＞1，（n，m∈Z）時(shí)，證明：（mnⁿ）^m＞（nm^m）ⁿ．

Answer 1

考點(diǎn)：導(dǎo)數(shù)在最大值、最小值問(wèn)題中的應(yīng)用

專(zhuān)題：等差數(shù)列與等比數(shù)列

分析：（1）f′（x）=a+1+lnx，由此利用導(dǎo)數(shù)性質(zhì)能求出f（x）的極小值，從而能求出a．
（2）當(dāng)x＞1時(shí)，令g（x）=

f(x)

x-1

=

x+xlnx

x-1

，g′(x)=

x-2-lnx

(x-1)2

，令h（x）=x-2-lnx，h′（x）=1-

1

x

=

x-1

x

＞0，由此能求出k的最大值
（3）要證（mnⁿ）^m＞（nm^m）ⁿ，即證

nlnn

n-1

＞

mlnm

m-1

，令φ（x）=

xlnx

x-1

，得φ′（x）=

x-1-lnx

(x-1)2

，由此利用導(dǎo)數(shù)性質(zhì)能證明（mnⁿ）^m＞（nm^m）ⁿ．

解答： （1）解：f′（x）=a+1+lnx，
令f′（x）＞0，得x＞e^-a-1，
令f′（x）＜0，得0＜x＜e^-a-1，
故f（x）的極小值為f（e^-a-1）=-e^-a-1=-e^-2，得a=1．（4分）
（2）解：當(dāng)x＞1時(shí)，令g（x）=

f(x)

x-1

=

x+xlnx

x-1

，
∴g′(x)=

x-2-lnx

(x-1)2

，
令h（x）=x-2-lnx，∴h′（x）=1-

1

x

=

x-1

x

＞0，
故y=h（x）在（1，+∞）上是增函數(shù)，
由于h（3）=1-ln3＜0，h（4）=2-ln4＞0，
∴存在x₀∈（3，4），使得h（x₀）=0．
則x∈（1，x₀），h（x）＜0，知g（x）為減函數(shù)；
x∈（x₀，+∞），h′（x）＞0，知g（x）為增函數(shù)．
∴g（x）_min=g（x₀）=

x0+x0lnx0

x0-1

=x₀，
∴k＜x₀，又x₀∈（3，4），k∈Z，所以k_max=3．（9分）
（3）證明：要證（mnⁿ）^m＞（nm^m）ⁿ，即證mlnm+nmlnn＞nlnn+nmlnm，
即證

nlnn

n-1

＞

mlnm

m-1

，令φ（x）=

xlnx

x-1

，得φ′（x）=

x-1-lnx

(x-1)2

，
令g（x）=x-1-lnx，g′（x）=1-

1

x

＞0，x＞1，
∴g（x）為增函數(shù)，
又g（1）=0，g（x）=x-1-lnx＞0，所以φ''（x）＞0，
∴y=φ（x）是增函數(shù)，又n＞m＞1，∴（mnⁿ）^m＞（nm^m）ⁿ．（13分）

點(diǎn)評(píng)：求出實(shí)數(shù)a的值和k的最大值的求法，考查不等式的證明，解題時(shí)要認(rèn)真審題，注意構(gòu)造法、導(dǎo)數(shù)性質(zhì)和分類(lèi)討論思想的合理運(yùn)用．