Question

7．已知n∈N^*，數(shù)列{a_n}的各項(xiàng)為正數(shù)，前n項(xiàng)的和為S_n，且a₁=1，a₂=2，設(shè)b_n=a_2n-1+a_2n．
（1）如果數(shù)列{b_n}是公比為3的等比數(shù)列，求S_2n；
（2）如果對(duì)任意n∈N^*，S_n=$\frac{{a}_{n}^{2}+n}{2}$恒成立，求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（3）如果S_2n=3（2ⁿ-1），數(shù)列{a_na_n+1}也為等比數(shù)列，求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式．

Answer 1

分析 （1）b₁=a₁+a₂=3，可得b_n=3ⁿ=a_2n-1+a_2n．利用分組求和與等比數(shù)列的求和公式即可得出S_2n．
（2）對(duì)任意n∈N^*，S_n=$\frac{{a}_{n}^{2}+n}{2}$恒成立，可得n≥2時(shí)，a_n=S_n-S_n-1，化為：$（{a}_{n}-1）^{2}$=${a}_{n-1}^{2}$，a_n＞0．可得a_n-a_n-1=1，利用等差數(shù)列的通項(xiàng)公式即可得出．
（3）由S_2n=3（2ⁿ-1），且a₁=1，a₂=2，可得a₁+a₂+a₃+a₄=9，可得a₃+a₄=6．由數(shù)列{a_na_n+1}也為等比數(shù)列，設(shè)公比為q=$\frac{{a}_{n+2}}{{a}_{n}}$，可得數(shù)列{a_n}的奇數(shù)項(xiàng)與偶數(shù)項(xiàng)分別成等比數(shù)列，公比為q．即可得出．

解答 解：（1）b₁=a₁+a₂=3，∴b_n=3ⁿ=a_2n-1+a_2n．
∴S_2n=3+3²+…+3ⁿ=$\frac{3（{3}^{n}-1）}{3-1}$=$\frac{{3}^{n+1}-3}{2}$．
（2）對(duì)任意n∈N^*，S_n=$\frac{{a}_{n}^{2}+n}{2}$恒成立，
∴n≥2時(shí)，a_n=S_n-S_n-1=$\frac{{a}_{n}^{2}+n}{2}$-$\frac{{a}_{n-1}^{2}+n-1}{2}$，化為：$（{a}_{n}-1）^{2}$=${a}_{n-1}^{2}$，a_n＞0．
∴a_n-1=a_n-1，即a_n-a_n-1=1，
∴a_n=1+（n-1）=n．
（3）∵S_2n=3（2ⁿ-1），且a₁=1，a₂=2，
∴a₁+a₂+a₃+a₄=3×（2²-1）=9=1+2+a₃+a₄，
∴a₃+a₄=6．
∵數(shù)列{a_na_n+1}也為等比數(shù)列，設(shè)公比為q=$\frac{{a}_{n+2}}{{a}_{n}}$，
∴數(shù)列{a_n}的奇數(shù)項(xiàng)與偶數(shù)項(xiàng)分別成等比數(shù)列，公比為q．
∴a₃=q，a₄=a₂q=2q，
∴q+2q=3×2，解得q=2．
∴${a}_{2n-1}={a}_{1}{q}^{n-1}$=2^n-1，
a_2n=${a}_{2}{q}^{n-1}$=2ⁿ．
可得a_n=$\left\{\begin{array}{l}{{2}^{\frac{n-1}{2}}，n=2k-1}\\{{2}^{\frac{n}{2}}，n=2k}\end{array}\right.$（k∈N^*）．

點(diǎn)評(píng) 本題考查了數(shù)列遞推關(guān)系、等差數(shù)列與等比數(shù)列的定義通項(xiàng)公式與求和公式，考查了分類討論方法、推理能力與計(jì)算能力，屬于難題．