Question

5．如圖所示，足夠長的平行金屬導(dǎo)軌傾斜放置．導(dǎo)軌所在平面傾角θ=37°．導(dǎo)軌間距L=1m，水平虛線的上方有垂直于導(dǎo)軌平面向下的勻強磁場B₁，水平虛線下方有平行于導(dǎo)軌平面向下的勻強磁場B₂，兩磁場的磁感應(yīng)強度大小均為B=1T，導(dǎo)體棒ab、cd垂直放置在導(dǎo)軌上，開始時給兩導(dǎo)體棒施加約束力使它們靜止在斜面導(dǎo)體棒的上，現(xiàn)給ab棒施加沿斜面向上的拉力F，同時撤去對兩導(dǎo)體棒的約束力，使ab沿斜面向上以a=1m/s²的加速度做勻加速直線運動，cd棒沿斜面向下運動，運動過程中導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好．已知導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，導(dǎo)體棒的質(zhì)量均為m=0.1kg，兩導(dǎo)體棒組成的回路總電阻為R=2Ω，導(dǎo)軌的電阻不計，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g=10m/s²，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：
（1）當cd棒運動的速度達到最大時，ab棒受到的拉力大��；
（2）當回路中瞬時電功率為2W時，在此過程中，通過ab棒橫截面的電量；
（3）當cd棒速度減為零時，在此過程中，拉力F對ab棒的沖量大�。�

Answer 1

分析 （1）cd棒速度最大時受力平衡，根據(jù)平衡條件列方程，對ab棒根據(jù)牛頓第二定律列方程聯(lián)立求解；
（2）根據(jù)電功率的計算公式求解電流強度，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解速度大小，求出此時的位移大小，再根據(jù)電荷量計算公式求解電荷量；
（3）對cd棒根據(jù)動量定理求解平均電流強度，由此求解最大電流強度，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解最大速度，根據(jù)運動學(xué)公式求解此過程經(jīng)過的時間，對ab棒根據(jù)動量定理解得拉力F對ab棒的沖量大小．

解答 解：（1）根據(jù)右手定則可知通過回路電流為bacd，根據(jù)左手定則可知cd棒受到的安培力垂直斜面向下；
cd棒速度最大時受力平衡，根據(jù)平衡條件可得：mgsinθ=μF_N，
其中F_N=mgcosθ+B₂I₁L
對ab棒根據(jù)牛頓第二定律可得：F-mgsinθ-μmgcosθ-B₁I₁L=ma，
聯(lián)立解得：F=1.5N；
（2）當回路中瞬時電功率為2W時，設(shè)回路中的電流強度為I₂，
根據(jù)電功率的計算公式可得I₂²R=P，
解得I₂=1A，
此時ab棒的速度為v，則I₂=$\frac{{B}_{1}Lv}{R}$，
解得：v=2m/s；
此過程ab棒的位移x，則x=$\frac{{v}^{2}}{2a}$=$\frac{4}{2×1}$m=2m，
根據(jù)電荷量計算公式可得：q=$\overline{I}t$=$\frac{△Φ}{R}$=$\frac{BLx}{R}$=1C；
（3）當cd棒速度減為零時，在此過程中，平均電流強度為$\overline{I′}$，
對cd棒根據(jù)動量定理可得：mgsinθ•t-μ（mgcosθ+B₂$\overline{I′}$L）t=0
解得：$\overline{I′}$=0.4A，
由于I=$\frac{{B}_{1}Lv}{R}$=$\frac{{B}_{1}Lat}{R}$，即電流強度與時間成正比，故當cd棒速度減為零時電流強度為I_m=0.8A，
根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得I_m=$\frac{{B}_{1}Lat}{R}$，
解得：t=0.8s；
對ab棒根據(jù)動量定理可得：I_F-mgsinθ•t-μmgcosθ•t-B₁$\overline{I′}$Lt=m•at-0
解得拉力F對ab棒的沖量大小I_F=1.28N•s．
答：（1）當cd棒運動的速度達到最大時，ab棒受到的拉力大小為1.5N；
（2）當回路中瞬時電功率為2W時，在此過程中，通過ab棒橫截面的電量為1C；
（3）當cd棒速度減為零時，在此過程中，拉力F對ab棒的沖量大小為1.28N•s．

點評 對于電磁感應(yīng)問題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，根據(jù)牛頓第二定律或平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問題，根據(jù)動能定理、功能關(guān)系等列方程求解．