Question

如圖所示，很長(zhǎng)的光滑磁棒豎直固定在水平面上，在它的側(cè)面有均勻向外的輻射狀的磁場(chǎng)．磁棒外套有一個(gè)質(zhì)量均勻的圓形線圈，質(zhì)量為m，半徑為R，電阻為r，線圈所在磁場(chǎng)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．讓線圈從磁棒上端由靜止釋放沿磁棒下落，經(jīng)一段時(shí)間與水平面相碰并反彈，線圈反彈速度減小到零后又沿磁棒下落，這樣線圈會(huì)不斷地與水平面相碰下去，直到停留在水平面上．已知第一次碰后反彈上升的時(shí)間為t₁，下落的時(shí)間為t₂，重力加速度為g，不計(jì)碰撞過程中能量損失和線圈中電流磁場(chǎng)的影響．求：
（1）線圈第一次下落過程中的最大速度υ_m
（2）第一次與水平面碰后上升到最高點(diǎn)的過程中通過線圈某一截面的電量q
（3）線圈從第一次到第二次與水平面相碰的過程中產(chǎn)生的焦耳熱Q．

Answer 1

（1）線圈第一次下落過程中有E=B?2πRv、I=

E

r

、F_A=BIL=BI?2πR，得安培力大小為  F_A=

4π2B2R2v

r

根據(jù)牛頓第二定律得 mg-F_A=ma
可知線圈做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)a=0時(shí)，速度最大，代入求得最大速度為：υm=

mgr

4π2B2R2

（2）反彈后上升的過程中某一時(shí)刻，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律得：mg+BI?2πR=ma
則得：mg△t+BI?2πR?△t=ma△t
在一段微小時(shí)間△t內(nèi)，速度增量為△υ=a△t，通過線圈截面電量為：△q=I△t
則：△q=

ma△t-mg△t

2πRB

得到：∑△q=

∑(ma-mg)△t

2πRB

，又ma△t=m△v=mv_m=

m2gr

4π2B2R2

，mg△t=mgt₁，
故：q=

m2gr

8π3B3R3

-

mgt1

2πBR

（3）反彈后上升的過程中某一時(shí)刻，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律得：mg+B

2πRBυ

r

×2πR=ma
在一段微小時(shí)間△t內(nèi)，速度增量為：△υ=a△t，線圈上升高度為：△h=υ△t
則線圈可上升的最大高度h為：h=∑△h=

∑(ma-mg)△t

4π2R2B2

r=

m2gr2

16π4B4R4

-

mgrt1

4π2R2B2

線圈到達(dá)最高點(diǎn)后，下落過程中的某一時(shí)刻，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律得：mg-B

2πRBυ

r

×2πR=ma
在一段微小時(shí)間△t內(nèi)，速度增量為：△υ=a△t，線圈下降高度為：△h=υ△t
則線圈第二次下降到水平面時(shí)的速度為：υ=∑△υ=

1

m

∑(mg-

4π2B2R2

r

)△t=g(t1+t2)-

mgr

4π2B2R2

本過程中線圈中產(chǎn)生的熱量為線圈動(dòng)能的損失：Q=

1

2

mυm2-

1

2

mυ2=

1

2

m(

mgr

4π2B2R2

)2-

1

2

m(g(t1+t2)-

mgr

4π2B2R2

)2
化簡(jiǎn)得：Q=

m2g2r

4π2B2R2

(t1+t2)-

1

2

mg2(t1+t2)2 
答：（1）線圈第一次下落過程中的最大速度υ_m為

mgr

4π2B2R2

．
    （2）第一次與水平面碰后上升到最高點(diǎn)的過程中通過線圈某一截面的電量q為

m2gr

8π2B3R3

-

mgt

2πBR

．
    （3）線圈從第一次到第二次與水平面相碰的過程中產(chǎn)生的焦耳熱Q為

m2g2r

4π2B2R2

(t1+t2)-

1

2

mg2(t1+t2)2．