Question

19．如圖所示，直線MN上方存在著垂直紙面向里、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，質(zhì)量為m、電荷量為-q（q＞0）的粒子1在紙面內(nèi)以速度v₁=v₀從O點射入磁場，其方向與MN的夾角α=30°；質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子2在紙面內(nèi)以速度v₂=$\sqrt{3}$v₀也從O點射入磁場，其方向與MN的夾角β=60°角．已知粒子1、2同時到達(dá)磁場邊界的A、B兩點（圖中未畫出），不計粒子的重力及粒子間的相互作用．
（1）求兩粒子在磁場邊界上的穿出點A、B之間的距離d；
（2）求兩粒子進(jìn)入磁場的時間間△t；
（3）若MN下方有平行于紙面的勻強電場，且兩粒子在電場中相遇，其中的粒子1做直線運動．求電場強度E的大小和方向．

Answer 1

分析 （1）作出兩粒子的運動軌跡，由牛頓第二定律求出半徑，結(jié)合幾何知識求出d；
（2）根據(jù)公式t=$\frac{θ}{2π}$T求運動時間；
（3）由題意，電場強度的方向應(yīng)與粒子1穿出磁場的方向平行，分為與粒子速度方向相同和相反兩種情況進(jìn)行討論．

解答 解：（1）粒子在勻強磁場中作勻速圓周運動：

根據(jù)牛頓第二定律：qvB=m$\frac{{v}^{2}}{r}$，
粒子1圓周運動的圓心角θ₁=$\frac{5π}{6}$，OA=2r₁sinθ₁             
粒子2圓周運動的圓心角θ₂=$\frac{2π}{3}$，OB=2r₂sinθ₂ 
故d=OA+OB=2r₁sin30°+2r₂sin60°=$\frac{4m{v}_{0}}{qB}$；
（2）粒子圓周運動的周期為：T=$\frac{2πr}{v}$，
粒子1在勻強磁場中運動的時間為：t₁=$\frac{{θ}_{1}}{2π}$T，
粒子2在勻強磁場中運動的時間為：t₂=$\frac{{θ}_{2}}{2π}$T，
所以有：△t=t₁-t₂=$\frac{πm}{3qB}$；                                   
（3）由題意，電場強度的方向應(yīng)與粒子1穿出磁場的方向平行．
a．若電場強度的方向與MN成30°角斜向右上，則粒子1做勻加速直線運動，粒子2做類平拋運動．
由牛頓第二定律得：qE=ma，ABcos30°=v₁t+$\frac{1}{2}$at²+$\frac{1}{2}$at²，ABsin30°=v₂t，
解得：E=$\sqrt{3}$Bv₀；
b．若電場強度的方向與MN成30°角斜向左下，則粒子1做勻減速直線運動，粒子2做類平拋運動．
由牛頓第二定律得：Eq=ma   ABcos30°=v₁t-$\frac{1}{2}$at²-$\frac{1}{2}$at²  ABsin30°=v₂t，解得：E=-$\sqrt{3}$Bv₀，假設(shè)不成立．                         
綜上所述，電場強度的大小E=$\sqrt{3}$Bv₀，方向與MN成30°角斜向右上．  
答：（1）兩粒子在磁場邊界上的穿出點A、B之間的距離d為$\frac{4m{v}_{0}}{qB}$；
（2）兩粒子進(jìn)入磁場的時間間隔△t為$\frac{πm}{3qB}$；
（3）若MN下方有平行于紙面的勻強電場，且兩粒子在電場中相遇，其中的粒子1做直線運動．電場強度E的大小E為$\sqrt{3}$Bv₀，方向與MN成30°角斜向右上．

點評 本題是常見的帶電粒子在磁場中和電場中運動的問題，畫出軌跡，運用幾何知識是處理帶電粒子在磁場中運動問題的基本方法．