Question

15．如圖所示，離水平地面高h=5m、長L=3.4m的水平傳送帶以v=2m/s的速度順時針轉(zhuǎn)動．質(zhì)量分別為1kg、1.5kg的小物塊A、B（均可視為質(zhì)點）由跨過定滑輪且不可伸長的輕繩相連．現(xiàn)將B輕輕放在傳送帶的左端（B與定滑輪間的繩水平伸直，A與滑輪間的繩豎直伸直），當B運動到傳送帶的右端時因繩突然斷掉而做平拋運動．B與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.8，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，傳送帶由電動機帶動，與滾輪間無相對滑動，輪軸處的摩擦不計，滑輪質(zhì)量和摩擦也不計，取重力加速度g=10m/s²．求：
（1）A上升的最大高度H；
（2）B從開始運動到落地前經(jīng)歷的時間t及剛落地時的速率v_B；
（3）B在傳送帶上運動的過程中電動機的平均輸出功率$\overline{P}$．

Answer 1

分析 （1）根據(jù)牛頓第二定律求出A先做勻加速直線運動的加速度，結(jié)合速度位移公式求出勻加速直線 運動的位移，從而得出勻速運動的位移，結(jié)合速度位移公式求出繩子斷裂后，A繼續(xù)上升的高度，從而得出A上升的最大高度．
（2）B先做勻加速直線運動，然后做勻速直線運動，最后做平拋運動，根據(jù)運動學(xué)公式分別求出各段過程的運動時間，從而得出總時間．根據(jù)平行四邊形定則求出B剛落地的速度．
（3）根據(jù)在滑動摩擦力和靜摩擦力作用下的位移，求出摩擦力做功的大小，結(jié)合平均功率的大小求出該過程中電動機的平均輸出功率．

解答 解：（1）B受到的滑動摩擦力f₁=μm_Bg=0.8×15N=12N＞m_Ag=10N，開始時B水平向右做勻加速運動，A豎直向上做勻加速運動，根據(jù)牛頓第二定律有
對A，T-m_Ag=m_Aa₁
對B，f₁-T=m_Ba₁
代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得a₁=0.8m/s²
對B，由v²=2a₁s₁
代入數(shù)據(jù)解得s₁=2.5m
此時A勻加速上升s₁=2.5m，由于s₁＜L且f₁＞m_Ag，B在運動s₁=2.5m后將隨傳送帶水平向右勻速運動，A勻速上升s₂=L-s₁=3.4-2.5m=0.9m，
繩突然斷掉后，對A，由v²=2gs₃
解得A向上勻減速直線運動的位移${s}_{3}=\frac{{v}^{2}}{2g}=\frac{4}{20}m=0.2m$，
得H=s₁+s₂+s₃=2.5+0.9+0.2m=3.6m．
（2）B做勻加速直線運動的過程有v=a₁t₁，
勻加速直線運動的時間t₁=$\frac{v}{{a}_{1}}=\frac{2}{0.8}s=2.5s$，
做勻速直線運動的過程有s₂=vt₂，
勻速運動的時間t₂=$\frac{{s}_{2}}{v}=\frac{0.9}{2}s$=0.45s
做平拋運動的過程有h=$\frac{1}{2}$g${t}_{3}^{2}$，
則平拋運動的時間t₃=$\sqrt{\frac{2h}{g}}=\sqrt{\frac{2×5}{10}}s$=1s，
B從開始運動到落地經(jīng)歷的時間t=t₁+t₂+t₃=2.5+0.45+1s=3.95s．
剛落地時的速率v_B=$\sqrt{{v}^{2}+（g{t}_{3}）^{2}}$=$\sqrt{4+100}$=2$\sqrt{26}$ m/s
（3）B在傳送帶上做勻加速運動的過程中，傳送帶克服滑動摩擦力做的功為W₁=f₁vt₁
B在傳送帶上做勻速運動的過程中，傳送帶受到的靜摩擦力為f₂=m_Ag
傳送帶克服靜摩擦力做的功為W₂=f₂s₂
電動機的平均輸出功率$\overline{P}=\frac{{W}_{1}+{W}_{2}}{{t}_{1}+{t}_{2}}$
代入數(shù)據(jù)解得$\overline{P}$≈23.39W．
答：（1）A上升的最大高度H為3.6m；
（2）B從開始運動到落地前經(jīng)歷的時間t為3.95s，剛落地時的速率為2$\sqrt{26}$ m/s；
（3）B在傳送帶上運動的過程中電動機的平均輸出功率$\overline{P}$為23.39W．

點評 解決本題的關(guān)鍵理清A、B在整個過程中的運動規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律和運動學(xué)公式綜合求解，知道B在傳送帶上先受到滑動摩擦力，然后受靜摩擦力．