Question

如圖所示，水平放置的平行金屬板A和B間的距離為d，板長L=d，B板的右側邊緣恰好是傾斜擋板NM上的一個小孔K，NM與水平擋板NP成60°角，K與N間的距

.

NK

=a．現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子，從AB的中點O以平行于金屬板方向OO'的速度v₀射入，不計粒子的重力．現(xiàn)在A、B板上加一恒定電壓，則該粒子穿過金屬板后恰好穿過小孔K．
（1）求A、B板上所加的恒定電壓大�。�
（2）求帶電粒子到達K點的速度．
（3）在足夠長的NM和NP兩檔板所夾的某一區(qū)域存在一垂直紙面向里的勻強磁場，使粒子經(jīng)過磁場偏轉后能垂直打到水平擋板NP上（之前與擋板沒有碰撞），求該磁場的磁感應強度的最小值B_min．

Answer 1

分析：（1）帶電粒子做類平拋運動，根據(jù)平拋運動的基本公式即可求解；
（2）先求出射入的粒子，在進入K時豎直方向的分速度，再求出水平速度，根據(jù)速度的合成法則求出和速度；
（3）粒子從K點入射后做勻速直線運動從D點開始進入磁場，粒子在進入磁場后，根據(jù)左手定則，所受的洛倫茲力斜向上，要使粒子能垂直打到水平擋板NP，則粒子需偏轉300°后從E射出，做勻速直線運動垂直打到NP．粒子作圓周運動時，洛倫茲力提供向心力，要使B最小，則要半徑r最大，臨界情況是圓周運動的軌跡恰好跟兩擋板相切，結合幾何關系即可求解．

解答：解：（1）帶電粒子做類平拋運動，則：L=v₀t    ①（1分）

d

2

=

1

2

at2  ②（1分）
a=

qU

md

③（1分）
把L=

3

d代入①②③式可得：U=

md2v02

qL2

=

mv02

3q

④
（2）射入的粒子，在進入K時豎直方向的分速度為v_y，則：

d

2

=

vyt

2

 ⑤
水平方向：L=

3

d=v0t⑥（1分）
得：tanθ=

vy

v0

=

3

3

⑦（1分）
v=

v02+vy2

=

2 3

3

v0⑧
則θ=30°⑨，即粒子垂直MN板入射．
（3）如圖所示，粒子從K點入射后做勻速直線運動從D點開始進入磁場，粒子在進入磁場后，根據(jù)左手定則，所受的洛倫茲力斜向上，要使粒子能垂直打到水平擋板NP，則粒子需偏轉300°后從E射出，做勻速直線運動垂直打到NP．
粒子作圓周運動時，洛倫茲力提供向心力，即
Bqv=

mv2

r

⑩
可得B=

mv

qr

要使B最小，則要半徑r最大，臨界情況是圓周運動的軌跡恰好跟兩擋板相切，如圖所示，根據(jù)對稱性圓周運動的圓心C、交點G位于∠MNP的角平分線上，則由幾何關系可得：
CDKF是邊長為r的正方形．則在三角形NCF中，有

3

r=a+r可得r=

a

3 -1

                                      
解得：Bmin=

( 3 -1)mv

qa

=

(6-2 3 )mv0

3qa

答：（1）A、B板上所加的恒定電壓大小為

mv02

3q

．
（2）帶電粒子到達K點的速度為

2 3

3

v0，粒子垂直MN板入射．
（3）該磁場的磁感應強度的最小值為

(6-2 3 )mv0

3qa

．

點評：本題主要考查了平拋運動、圓周運動的基本公式的應用，要使B最小，則要半徑r最大，臨界情況是圓周運動的軌跡恰好跟兩擋板相切，要求同學們能結合幾何關系求解，難度較大．