Question

9．如圖所示，一匝數(shù)N=10、總電阻為R=2.5Ω、邊長(zhǎng)L=0.3m的均質(zhì)正三角形金屬線框靜置在粗糙水平面上，線段的頂點(diǎn)正好是半徑r=$\frac{L}{3}$的圓形磁場(chǎng)的圓心，磁場(chǎng)方向豎直向下（正方向），磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙所示，a、b是磁場(chǎng)邊界與線框的兩交點(diǎn)，已知線框與水平面間的最大靜摩擦力f=0.6N，取π=3，則（　�。�

• A． t=0時(shí)穿過(guò)線框的磁通量為0.06Wb
• B． 線框靜止時(shí)，線框中的感應(yīng)電流大小為0.6A
• C． 線框靜止時(shí)，a，b兩點(diǎn)間電壓為$\frac{1}{18}$V
• D． 經(jīng)時(shí)間t=0.8s，線框開始滑動(dòng)

Answer 1

分析 通過(guò)磁通量的公式計(jì)算出t=0時(shí)的磁通量；
根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，求得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小，再依據(jù)閉合電路歐姆定律，求得感應(yīng)電流的大��；
由楞次定律，與左手定則從而確定安培力方向，再依據(jù)F=NBIL，及矢量的合成法則，與幾何關(guān)系，即可求解．

解答 解：A、t=0時(shí)穿過(guò)線框的磁通量為Φ=B×$\frac{1}{6}$πr²=2×$\frac{1}{6}×3×0．{1}^{2}$=0.01Wb，故A錯(cuò)誤；
B、當(dāng)線框靜止時(shí)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，則有：E=N$\frac{△B}{△t}$S=10×$\frac{5-2}{0.6}$×$\frac{1}{6}×3×0．{1}^{2}$=0.25V，
再由閉合電路歐姆定律，I=$\frac{E}{R}$=$\frac{0.25}{2.5}$=0.1A，故B錯(cuò)誤；
C、由上可知，a，b兩點(diǎn)間電壓為U=IR′=0.1×$\frac{7}{9}×2.5$=$\frac{7}{36}$V，故C錯(cuò)誤；
D、經(jīng)時(shí)間t=0.8s，由圖線可知，B=6T，依據(jù)B選項(xiàng)可知，感應(yīng)電流I=0.1A，
則安培力大小F=NBIL=10×6×0.1×0.1=0.6N，
根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流逆時(shí)針?lè)较颍�由左手定則可知，安培力方向垂直導(dǎo)線框向外，如下圖所示，

根據(jù)幾何關(guān)系，可知，兩安培力夾角為120°，則兩安培力的合力為0.06N，
因已知線框與水平面間的最大靜摩擦力f=0.6N，則開始滑動(dòng)，故D正確．
故選：D．

點(diǎn)評(píng) 考查磁通量的公式，掌握法拉第電磁感應(yīng)定律與閉合電路歐姆定律，注意左手定則與右手定則的區(qū)別，理解矢量的合成法則的應(yīng)用．