Question

16．常溫下，某水溶液M中存在的離子有：Na⁺、A^2-、HA^-、H⁺、OH^-，存在的分子有H₂O、H₂A．根據(jù)題意回答下列問題：
（1）若溶液M由10mL 2mol•L^-1NaHA溶液與2mol•L^-1NaOH溶液等體積混合而得，則溶液M的pH＞7 （填“＞”、“＜”或“=”）．
（2）若溶液由下列三種情況：①0.01mol•L^-1的H₂A溶液②0.01mol•L^-1的NaHA溶液（常溫下，其pH＞7）③0.02mol•L^-1的HCl與0.04mol•L^-1的NaHA溶液等體積混合液，則三種情況的溶液中H₂A分子濃度最大的為③；pH由大到小的順序?yàn)棰冢劲郏劲伲�（填序�?hào)）
（3）若溶液由pH=3的H₂A溶液V₁ mL與pH=11的NaOH溶液V₂ mL混合反應(yīng)而得，混合溶液$\frac{c（{H}^{+}）}{c（O{H}^{-}）}$=10⁴，V₁與V₂的大小關(guān)系為D．
A、大于         B、等于        C、小于       D、均有可能
（4）已知K_sp（BaA）=1.8×10^-10，向（1）的混合溶液中加入10mL 1mol•L^-1BaCl₂溶液，混合后溶液中的Ba²⁺濃度為5.4×10^-10 mol•L^-1．

Answer 1

分析 （1）等體積混合生成Na₂A，水解顯堿性，離子水解以第一步為主；
（2）①弱酸電離，②中水解生成分子，③中等體積混合為等量的NaCl、NaHA、H₂A，濃度均為0.01mol/L，抑制弱酸的電離；
（3）混合溶液c（H⁺）/c（OH^-）=10⁴，c（H⁺）=10^-5mol/L，顯酸性，則酸過量，以此分析；
（4）由反應(yīng)式Ba²⁺+A^2-=BaA↓可得：沉淀后A^2-過量0.01mol，溶液中c（A^2-）=$\frac{0.01mol}{30×1{0}^{-3}L}$=$\frac{1}{3}$mol•L^-1，根據(jù)BaA的K_sp可得c（Ba²⁺）．

解答 解：（1）存在的分子有H₂O、H₂A，則H₂A為弱酸，等體積混合生成Na₂A，水解顯堿性，pH＞7，
故答案為：＞；
（2）①弱酸電離，②中水解生成分子，③中等體積混合為等量的NaCl、NaHA、H₂A，濃度均為0.01mol/L，抑制弱酸的電離，則三種情況的溶液中H₂A分子濃度最大的為③，最小的為②，②溶液pH大于③，①③相比①的酸性強(qiáng)，則pH最小，所以②＞③＞①，
故答案為：③；②＞③＞①；
（3）混合溶液c（H⁺）/c（OH^-）=10⁴，c（H⁺）=10^-5mol/L，顯酸性，則酸過量，H₂A為弱酸，pH=3的H₂A溶液與pH=11的NaOH溶液混合時(shí)酸的濃度大于堿的濃度，則二者體積關(guān)系不確定，大于、小于或等于都可能酸過量，
故答案為：D；
（4）由反應(yīng)式Ba²⁺+A^2-=BaA↓可得：沉淀后A^2-過量0.01mol，溶液中c（A^2-）=$\frac{0.01mol}{30×1{0}^{-3}L}$=$\frac{1}{3}$mol•L^-1，根據(jù)BaA的K_sp=c（Ba²⁺）•c（A^2-）可得c（Ba²⁺）=$\frac{Ksp}{c（{A}^{2-}）}$=$\frac{1.8×1{0}^{-10}}{\frac{1}{3}}$=5.4×10^-10 mol•L^-1；
故答案為：5.4×10^-10．

點(diǎn)評(píng) 本題考查較綜合，涉及酸堿混合的定性分析、pH、電離與水解、電離方程式等，把握溶液中的溶質(zhì)及電離與水解的趨勢(shì)、相互影響即可解答，題目難度中等．