15.二氧化硫是硫的重要化合物,在生產(chǎn)、生活中有廣泛應用.二氧化硫有毒,并且是形成酸雨的主要氣體.無論是實驗室制備還是工業(yè)生產(chǎn),二氧化硫尾氣吸收或煙氣脫硫都非常重要.完成下列填空:
(1)實驗室可用銅和濃硫酸加熱或硫酸和亞硫酸鈉反應制取二氧化硫.

如果用硫酸和亞硫酸鈉反應制取二氧化硫,并希望能控制反應速度,上圖中可選用的發(fā)生裝置是ae(填寫字母).
(2)若用硫酸和亞硫酸鈉反應制取3.36L(標準狀況)二氧化硫,至少需要稱取亞硫酸鈉18.9g(保留一位小數(shù));如果已有40%亞硫酸鈉(質(zhì)量分數(shù)),被氧化成硫酸鈉,則至少需稱取該亞硫酸鈉33.1g (保留一位小數(shù)).
(3)實驗室二氧化硫尾氣吸收與工業(yè)煙氣脫硫的化學原理相通.石灰-石膏法和堿法是常用的煙氣脫硫法.
石灰-石膏法的吸收反應為SO2+Ca(OH)2→CaSO3↓+H2O.吸收產(chǎn)物亞硫酸鈣由管道輸送至氧化塔氧化,反應為2CaSO3+O2+4H2O→2CaSO4•2H2O.其流程如圖1,堿法的吸收反應為SO2+2NaOH→Na2SO3+H2O.堿法的特點是氫氧化鈉堿性強、吸收快、效率高.其流程如圖2:

已知:
試劑Ca(OH)2NaOH
價格(元/kg)0.362.9
吸收SO2的成本(元/mol)0.0270.232
石灰-石膏法和堿法吸收二氧化硫的化學原理相同之處是利用SO2是酸性氧化物,可與堿反應.和堿法相比,石灰-石膏法的優(yōu)點是原料易得,成本低,缺點是亞硫酸鈣在輸送中容易造成管道堵塞,吸收速率慢,效率低.
(4)在石灰-石膏法和堿法的基礎上,設計一個改進的、能實現(xiàn)物料循環(huán)的煙氣脫硫方案(用流程圖表示).

分析 (1)用硫酸和亞硫酸鈉制取二氧化硫,反應物是固液混合,且該反應不需要加熱,所以可以采用固液混合不加熱型裝置,希望能控制反應速度,則盛放硫酸的儀器必須含有活塞而能控制液體量;
(2)由硫守恒可得:Na2SO3~SO2,根據(jù)關系式及二氧化硫的物質(zhì)的量計算出需要亞硫酸鈉的質(zhì)量;設沒有變質(zhì)的亞硫酸鈉為100g,根據(jù)變質(zhì)的質(zhì)量計算出變質(zhì)后溶液中亞硫酸鈉的質(zhì)量分數(shù),再計算出需要變質(zhì)后的亞硫酸鈉的質(zhì)量;
(3)根據(jù)石灰-石膏法和堿法吸收二氧化硫的原理分析相同之處;利用題中已知信息及反應原理判斷石灰-石膏法的優(yōu)點和缺點;
(4)將亞硫酸鈉和氫氧化鈣發(fā)生復分解反應生成NaOH,然后再將亞硫鈣氧化得到二水硫酸鈣,這樣NaOH能循環(huán)利用.

解答 解:(1)用硫酸和亞硫酸鈉制取二氧化硫,反應物是固液混合,且該反應不需要加熱,所以可以采用固液混合不加熱型裝置,希望能控制反應速度,則盛放硫酸的儀器必須含有活塞而能控制液體量,符合條件的是ae裝置,故選ae;
(2)由硫守恒可得:Na2SO3~SO2,因此需稱取亞硫酸鈉的質(zhì)量為:m(Na2SO3)=126g•mol-1×$\frac{3.36L}{22.4L/mol}$=18.9g;
設沒有變質(zhì)的亞硫酸鈉為100g,則有40g亞硫酸鈉被氧化成硫酸鈉,4g亞硫酸氧化為硫酸鈉后質(zhì)量變?yōu)椋?g×$\frac{142}{126}$=45g,則有40%亞硫酸鈉被氧化為硫酸鈉的樣品中亞硫酸鈉的質(zhì)量分數(shù)為:$\frac{100g-40g}{100g-40g+45g}$×100%=57.14%,
因此稱取變質(zhì)后樣品的質(zhì)量應為:$\frac{18.9g}{57.14%}$=33.1g;
故答案為:18.9;33.1;
(3)灰-石膏法與堿法吸收SO2都是利用SO2是酸性氧化物可與堿反應的性質(zhì)來吸收SO2的;利用題中已知和有關信息可知采用石灰-石膏法所用原料易得、成本低等;由于吸收產(chǎn)物亞硫酸鈣由管道輸送至氧化塔氧化,所以缺點為亞硫酸鈣在輸送中容易造成管道堵塞,導致吸收速率慢、效率低,
故答案為:利用SO2是酸性氧化物,可與堿反應;原料易得,成本低;亞硫酸鈣在輸送中容易造成管道堵塞,吸收速率慢,效率低;
(4)將亞硫酸鈉和氫氧化鈣發(fā)生復分解反應生成NaOH,然后再將亞硫鈣氧化得到二水硫酸鈣,這樣NaOH能循環(huán)利用,改進后的流程圖為,故答案為:

點評 本題考查物質(zhì)制備,為高頻考點,明確實驗原理及實驗操作方法、儀器用途等知識點是解本題關鍵,易錯點是(2)題計算,很多在計算需要被氧化的亞硫酸鈉質(zhì)量時直接用第一問求得的亞硫酸鈉質(zhì)量除以其60%,漏掉被氧化后固體質(zhì)量增加,難點是(4)題實驗設計,題目難度中等.

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5.在指定環(huán)境中,下列各組離子一定可以大量共存的是( 。
①pH試紙變成深藍色的溶液中:SO32-、AlO2-、Na+
②含有大量S2-的溶液中:Na+、ClO-、Cl-、CO32-
③AlCl3溶液中:K+、AlO2-、NH4+、NO3-
④中性溶液中:Cu2+、Fe3+、SO42-、Cl-
⑤加入鋁粉放出氫氣的溶液中:Na+、Cl-、NH4+、NO3-
⑥在含有大量HCO3-的溶液中:K+、Na+、A13+、Br-
A.①④B.①⑥C.②④D.只有①

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6.(1)已知拆開1mol H-H鍵、1mol I-I、1mol H-I鍵分別需要吸收的能量為436kJ、151kJ、295kJ,則由氫氣和碘反應生成1mol HI的反應熱 為-1.5kJ/mol
(2)2SO2(g)+O2(g)?2SO3(g)反應過程的能量變化如圖所示.已知1mol SO2(g)氧化為1mol SO3(g)的△H=-100kJ•mol-1
請回答下列問題:
①、圖中C表示生成物總能量、E表示正反應的活化能.
②、圖中△H=-200 kJ•mol-1
③、如果反應速率v(SO2)為0.02mol•L-1•min-1,則v(O2)為0.01 mol•L-1•min-1
(3)已知:C(s)+O2(g)=CO2(g)△H=-538.3kJ•mol一1
H2(g)+O2(g)=H2O(g)△H=-285.8kJ•mol一1
CO(g)+O2(g)=CO2(g)△H=-283.0kJ•mol一1
則煤的氣化主要反應(碳和水蒸氣反應生成一氧化碳和氫氣)的熱化學方程式是C(s)+H2O(g)=CO(g)+H2(g)△H=30.5 kJ•mol-1

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3.下列所述變化規(guī)律正確的是(  )
A.Na、Mg、Al還原性依次增強
B.HCl、H2S、PH3穩(wěn)定性依次減弱
C.NaOH、KOH、Mg(OH)2堿性依次增強
D.S2-、Cl-、K+、Ca2+離子半徑依次增大

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10.下列物質(zhì)在一定條件下能與酸性高錳酸鉀溶液發(fā)生反應的是( 。
A.B.乙烯C.正丁烷D.甲烷

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20.A~G是幾種烴的分子球棍模型,據(jù)此回答下列問題:

(1)常溫下含碳量最高的氣態(tài)烴是(填對應字母)D.
(2)一定條件下能夠與H2發(fā)生反應的烴有(填數(shù)字)4種.
(3)一鹵代物各類最多的是(填對應字母)G.
(4)能使KMnO4溶液(H+)褪色的是CDG(填字母).
(5)寫出F與液溴發(fā)生反應的化學方程式
(6)G與濃硝酸、濃硫酸的混合液30℃反應的化學方程式,該反應屬于取代反應類型.

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7.(1)某化工廠發(fā)生氯氣泄漏事件,工作人員噴射NaOH溶液形成液幕,包圍并吸收泄漏的氯氣,其反應原理為Cl2+2OH-=Cl-+ClO-+H2O(用離子方程式表示).
(2)事件過后,附近居民向記者反映當時晾在外面的衣服褪色了,其原因是Cl2+H2O?HCl+HClO,HClO具有強氧化性,可漂白有色物質(zhì)(結合化學方程式解釋).
(3)漂白粉是常用的消毒劑,漂白粉的有效成分是(填化學式)Ca(ClO)2
(4)漂白粉溶于水后,受空氣中的CO2作用,即有漂白、殺菌的性能,其原理是(用化學反應方程式表示)Ca(ClO)2+CO2+H2O=CaCO3↓+2HClO.
(5)反應(1)和反應(4)中,屬于氧化還原反應的是(填編號)(1).

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4.抗生素藥物“芬必得”的主要成分的結構簡式如圖所示,下列關于“芬必得”主要成分的敘述中不正確的是( 。
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5.下列說法正確的是( 。
A.氯水能導電,所以氯氣是電解質(zhì)
B.氯化鈣溶液在電流作用下電離出Ca2+和Cl-
C.易溶于水的化合物一定是強電解質(zhì)
D.硝酸鈉在水中的電離方程式為NaNO3═Na++NO3-

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