分析 (1)由f(1)=23,求得k=6,再由對數(shù)函數(shù)的單調(diào)性,可得g(x)的值域;
(2)由0<g(1)≤1時,求得k的范圍,再由函數(shù)f(x)在區(qū)間[0,2]上的最小值可能是頂點處或端點處取得,求得k的范圍,再由同角的基本關(guān)系式,結(jié)合基本不等式,可得g(x)的最小值為8,再解不等式即可得到所求k的范圍.
解答 解:(1)f(1)=23,即為4k-1=23,解得k=6,
g(x)=lg(x+6),
由g(x)在(4,+∞)上遞增,即有g(shù)(x)>1,
則g(x)的值域為(1,+∞);
(2)當(dāng)0<g(1)≤1,即為0<lg(1+k)≤1,
可得0<k≤9,
函數(shù)f(x)=k(x+1)2-x=kx2+(2k-1)x+k,
對稱軸為x=-1+$\frac{1}{2k}$,
即有f(x)的最小值只能在對稱軸或兩端點處取得.
若f(0)=k為最小值,即有[0,2]遞增,即-1+$\frac{1}{2k}$≤0,
解得$\frac{1}{2}$≤k≤9;
若f(2)=9k-2為最小值,即有[0,2]遞減,即-1+$\frac{1}{2k}$≥2,
解得0<k≤$\frac{1}{6}$;
若對稱軸處取得最小值1-$\frac{1}{4k}$,即有0<-1+$\frac{1}{2k}$<2,
解得$\frac{1}{6}$<k<$\frac{1}{2}$.
h(x)=$\frac{1}{{tan}^{2}x}$+$\frac{4}{{cos}^{2}x}$=$\frac{co{s}^{2}x}{si{n}^{2}x}$+$\frac{4}{co{s}^{2}x}$=$\frac{1}{si{n}^{2}x}$+$\frac{4}{co{s}^{2}x}$-1
=(sin2x+cos2x)($\frac{1}{si{n}^{2}x}$+$\frac{4}{co{s}^{2}x}$)-1
=4+$\frac{co{s}^{2}x}{si{n}^{2}x}$+$\frac{4si{n}^{2}x}{co{s}^{2}x}$≥4+2$\sqrt{\frac{co{s}^{2}x}{si{n}^{2}x}•\frac{4si{n}^{2}x}{co{s}^{2}x}}$=8,
當(dāng)且僅當(dāng)$\frac{co{s}^{2}x}{si{n}^{2}x}$=$\frac{4si{n}^{2}x}{co{s}^{2}x}$,即有tanx=$\frac{\sqrt{2}}{2}$∈(0,1],取得最小值8.
(由0<x≤$\frac{π}{4}$,可得0<tanx≤1),
由題意可得當(dāng)$\frac{1}{2}$≤k≤9,且k>8,即有8<k≤9;
當(dāng)0<k≤$\frac{1}{6}$,且9k-2>8,即有k∈∅;
當(dāng)$\frac{1}{6}$<k<$\frac{1}{2}$時,且1-$\frac{1}{4k}$>8,解得k∈∅.
綜上可得k的范圍是(8,9].
點評 本題考查二次函數(shù)的最值的求法,注意討論對稱軸和區(qū)間的關(guān)系,考查三角函數(shù)的最值求法,注意運用平方關(guān)系和基本不等式,同時考查對數(shù)函數(shù)的單調(diào)性的運用,屬于中檔題.
科目:高中數(shù)學(xué) 來源: 題型:解答題
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A. | $\frac{43}{2}$ | B. | $\frac{55}{2}$ | C. | $\frac{125}{6}$ | D. | 22 |
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A. | 5x-2y+7=0 | B. | 2x-5y+7=0 | C. | 5x+2y-7=0 | D. | 2x+5y-7=0 |
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