分析 根據(jù)速度時間公式求出1s末豎直分速度,結(jié)合平行四邊形定則求出速度方向與水平方向的夾角,結(jié)合初速度和時間求出水平位移,根據(jù)位移時間公式求出豎直位移,通過平行四邊形定則求出物體的位移大。
解答 解:1s末豎直分速度vy=gt=10×1m/s=10m/s,
根據(jù)平行四邊形定則知,tanα=$\frac{{v}_{y}}{v}=\frac{10}{10}=1$,解得α=45°.
此時水平位移x=vt=10×1m=10m,豎直位移y=$\frac{1}{2}g{t}^{2}=\frac{1}{2}×10×1m=5m$,
根據(jù)平行四邊形定則知,位移s=$\sqrt{{x}^{2}+{y}^{2}}=\sqrt{100+25}m=5\sqrt{5}$m.
故答案為:45°,$5\sqrt{5}$.
點評 解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律,結(jié)合運動學(xué)公式靈活求解,基礎(chǔ)題.
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A. | lm/s | B. | $\frac{1}{3}$m/s | C. | lm/s 或$\frac{1}{3}$m/s | D. | 無法確定 |
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A. | 水流速度越大,路程越長,時間越短 | B. | 水流速度越小,路程越短,時間越短 | ||
C. | 水流速度越大,路程越長,時間不變 | D. | 路程、時間與水流速度無關(guān) |
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A. | 質(zhì)點M與質(zhì)點O帶有同種電荷 | |
B. | 質(zhì)點N的線速度小于質(zhì)點M的線速度 | |
C. | 質(zhì)點N與質(zhì)點M所帶電荷量之比為($\frac{{L}_{2}}{{L}_{1}}$)2 | |
D. | 質(zhì)點M與質(zhì)點N的質(zhì)量之比為($\frac{{L}_{1}}{{L}_{2}}$)2 |
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A. | 根據(jù)公式v=ωr,可知衛(wèi)星運動的線速度將增大到原來的2倍 | |
B. | 根據(jù)公式T=$\frac{2π}{ω}$,可知衛(wèi)星運動的周期將保持不變 | |
C. | 根據(jù)公式F=m$\frac{{v}^{2}}{r}$,可知衛(wèi)星所需的向心力將減少到原來的$\frac{1}{2}$ | |
D. | 根據(jù)公式G$\frac{Mm}{{r}^{2}}$=m$\frac{{v}^{2}}{r}$,可知衛(wèi)星運動的線速度將減小到原來的$\frac{\sqrt{2}}{2}$ |
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A. | 2:1 2:1 1:2 | B. | 2:1 1:2 2:1 | ||
C. | 1:2 1:2 2:1 | D. | 1:2 2:1 1:2 |
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A. | 質(zhì)點在0和0.8s時刻具有正向最大速度 | |
B. | 質(zhì)點在0.2s時刻具有負向最大加速度 | |
C. | 0至0.4s質(zhì)點加速度始終指向-x方向不變 | |
D. | 在0.2s至0.4s時間內(nèi),加速度方向和速度方向相同 |
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