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某同學對一個標稱值為“5Ω、1.25W”的定值電阻的阻值是否準確產生了懷疑，準備用伏安法盡可能準確進行測量，現(xiàn)可供使用的器材如下：

A．電流表A1，量程50m A，內阻9Ω

B．電壓表V1，量程l5 V，內阻約l5kΩ

C．電壓表V2，量程3 V，內阻約3kΩ

D．變阻器R，全電阻約20Ω

E．定值電阻R0=1Ω

F．直流電源E，電動勢4.5V，內阻不計

G．開關S、導線若干

（1）上述器材中,最適合的電壓表為      （填字母編號）。

（2）答卷中的虛線框內畫出測量Rx的電路圖。

（3）正確連接電路后開始測量，電壓表與電流表刻度指針如圖示，則被測電阻值為       。

 



【答案解析】(1) C (2)

(3)

解析 ：解：（1）用伏安法測量定值電阻Rx的阻值時，由于電源電壓為4.5V，為提供精確度，所選電壓表為V2；故選C ；（2）電流表A1量程偏小，電流表A2量程偏大，可以將電流表A1與定值電阻R0并聯(lián)構成新的電流表使用；滑動變阻器電阻值大于待測電阻阻值，采用限流式接法即可；待測電阻較小，采用安培表外接法；
電路圖如圖所示：
（3）電流表A1讀數(shù)為I，電壓為IRA1，故通過電阻R0的電流為，故干路電流為：I+故待測電阻的電阻為：R==


練習冊系列答案
相關習題

科目：高中物理 來源： 題型：


（1）為了測量電源的電動勢和內阻，我們通常采用如圖甲所示電路，請根據(jù)甲電路圖連接實物圖。

（2）由于電壓表和電流表內阻的影響，采用甲電路測量存在系統(tǒng)誤差，為了消除這一影響，某同學選擇兩塊量程合適的電壓表V1、V2，一個滿足實驗要求的電阻箱R和三個開關，并設計了如圖乙所示的測量電路，進行了如下的主要測量步驟：

①閉合S2，斷開S1、S3，記下V1和V2的示數(shù)U1和U2；

②斷開S2、閉合S3，S1仍斷開，調節(jié)電阻箱R，使電壓表V2的示數(shù)仍為U2，讀出電阻箱的阻值為R0；

③閉合S1、S2，斷開S3，記下V1的示數(shù)；

請利用以上的測量物理量的字母寫出電壓表V1內阻表達式=______，該電源的電動勢和內阻的測量值表達式E=______，r=______。

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科目：高中物理 來源： 題型：


小林同學用如圖裝置探究加速度a與質量m的關系。在保持受力F相同的情況下，測得不同質量對應的加速度。小林同學運用這些數(shù)據(jù)做出a-m圖象，圖象應該是以下四幅中的

　

A                   B                   C                  D


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科目：高中物理 來源： 題型：


水平桌面上固定兩平行導軌，導軌間距為L=0.4m，空間有一豎直向上的勻強磁場，磁感應強度大小未知�，F(xiàn)有一金屬棒垂直磁場置于導軌上，當棒中通I=2A的電流時，棒能在水平導軌上勻速運動，此時棒受到的摩擦力為Ff =0.2N．求：

(1)棒受到的安培力F安 的大小；

(2)磁場的磁感應強度B的大小；

(3)若棒受到的安培力方向向右，判斷棒中的電流方向。

 


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科目：高中物理 來源： 題型：


如圖所示，虛線右側存在勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外，正方形金屬框電阻為R，邊長為l，自線框從左邊界進入磁場時開始計時，在外力作用下由靜止開始，以垂直于磁場邊界的恒定加速度a進入磁場區(qū)域，t1時刻線框全部進入磁場．規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，外力大小為F，線框中電功率的瞬時值為P，通過線框橫截面的電荷量為q，其中P－t圖象為拋物線，則這些量隨時間變化的關系正確的是                    

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科目：高中物理 來源： 題型：


某橫波在介質中沿x軸正方向傳播，t＝0時刻，O點開始向正方向運動，經t＝0.2 s，O點第一次到達正方向最大位移處，某時刻形成的波形如圖所示，下列說法正確的是________．

A．該橫波的波速為5 m/s

B．質點L與質點N都運動起來后，它們的運動方向總相反

C．在0.2 s的時間內質點M通過的路程為1 m

D．在t＝2.6 s時刻，質點M處于平衡位置，正沿y軸負方向運動

E．圖示波形圖可能是t＝1.2 s時刻的

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科目：高中物理 來源： 題型：


如圖所示，有三塊等腰直角三角形的透明材料（圖中的Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ）恰好拼成一個正方形。從E點垂直于邊射入的單色光在F處發(fā)生全反射，在G、H連續(xù)發(fā)生兩次折射后射出。若該單色光在三塊材料的傳播速率依次為v1、v2、v3，下列關系式中正確的是（ ）

A．v3＞v1＞v2 B．v2＞v3＞v1 C．v3＞v2＞v1 D．v1＞v2＞v3

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A、B兩塊正對的金屬板豎直放置，在金屬板A的內側表面系一絕緣細線，細線下端系一帶電小球（可視為點電荷）。兩塊金屬板接在如圖所示的電路中，電路中的R1為光敏電阻（其阻值隨所受光照強度的增大而減小），R2為滑動變阻器，R3為定值電阻。當R2的滑片P在中間時閉合電鍵S，此時電流表和電壓表的示數(shù)分別為I和U，帶電小球靜止時絕緣細線與金屬板A的夾角為θ。電源電動勢E和內阻r一定，下列說法中正確的是（   ）

A．若將R2的滑動觸頭P向a端移動，則θ變小

B．若將R2的滑動觸頭P向b端移動，則I減小，U減小

C．保持滑動觸頭P不動，用較強的光照射R1，則小球重新達到穩(wěn)定后θ變小

D．保持滑動觸頭P不動，用較強的光照射R1，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變

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【答案解析】（1）4×104m/s．（2）π×10-5s，垂直地打在BC邊的中點．（3）分析過程如上所述． 解析解：（1）粒子從P極板進入電場后，做加速運動，有：
qU＝mv2−mv02
v=4×104m/s
（2）粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力：
qvB＝m故R＝＝0.8m
所以垂直地打在BC邊的中點．    
粒子在磁場中運動的周期為
T＝偏轉角為90°，
所以粒子在磁場中運動的時間為t＝T＝×10−4s＝π×10−5s
（3）當粒子以反向最大電壓進入電場時，粒子不能穿過Q點進入磁場．
t=0時刻射入的粒子，沒有經過加速，粒子將以v0=2.0×104m/s從O點射入磁場，
Rmin＝＝0.4m．恰好打到C點  
因此OC邊可以全部打到．
當粒子以正向最大電壓加速進入電場中，根據(jù)動能定理：
qUm＝mvm2−mv02
最大速度vm＝105m/s
Rmax＝＝2m
若粒子與AB邊相切飛出，如圖所示，根據(jù)幾何關系可得：
BF+FC=a，
R切=PF+FO1，可得：
R切＝0.8×(+1)m＜Rmin
由以上三個半徑關系可知，粒子從BC 和AB邊飛出．
若恰好與AB相切的粒子打在BC邊E，離C點的距離為：0.8在EC之間均有粒子飛出
與AB邊相切的切點P到B點的距離為：0.8(−1)m 
當粒子以最大速度進入磁場時，粒子將從AB邊界的G點飛出，設OD之間的距離為x，則：
GD=AD=x+,O2=Rmax-x，
根據(jù)幾何關系可得：(+x)+(Rmax−x)2＝Rmax2
可得x=0.4m
最大速度粒子從AB邊上射出點G到B點的距離為：0.4m
在GP之間均有粒子飛出．

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