Question

已知函f（x）=ln x，g（x）=ax²+bx（a≠0）．
（1）若a=-2時，函h（x）=f（x）-g（x），在其定義域是增函數(shù)，求b的取值范圍；
（2）在（1）的結論下，設函數(shù)φ（x）=e^2x+be^x，x∈[0，ln2]，求函數(shù)φ（x）的最小值；
（3）當a=-2，b=4時，求證2x-f（x）≥g（x）-3．

Answer 1

解：（1）依題意：h（x）=ln x+x²-bx，h（x）在（0，+∞）上是增函數(shù)，
∴h′（x）=+2x-b≥0對x∈（0，+∞）恒成立，
∴b≤+2∵x＞0，則+2x≥2（當x═時取等號）．
∴b的取值范圍為（-∞，2]．

（2）設t=e^x，則函數(shù)化為y=t²+bt，t∈[1，2]，∵y=（t+）²-，
∴①當-≤1，即-2≤b≤2時，函數(shù)y在[1，2]上為增函數(shù)，
當t=1時，y_min=b+1．
②當1＜-＜2，即-4＜b＜-2時，當t=-時，y_min=-．
③當-≥2，即b≤4時，函數(shù)y在[1，2]上為減函數(shù)，當t=2時，，y_min=-4+2b．
綜上所述，當-2≤-≤2時，φ（x）_min=b+1；
當-4＜b＜-2時，φ（x）_min=-；
當b≤4時，φ（x）_min=4+2b．
（3）要證2xlnx≥-x2+4x-3，只要證4≤2lnx+x+，
設h（x）=2lnx+x+（x＞0），則h′（x）=，
x∈（0，1），h′（x）＜0，∴h（x）單調遞減；
x∈（1，+∞），h′（x）＞0，，h（x）單調遞增，
∴h（x）_min=h（1）=4，
∴對一切x∈（0，∞），2x-f（x）≥g（x）-3恒成立．
分析：（1）、將a=-2代入h（x）=f（x）-g（x）中，求得h（x）的解析式，然后求出其導數(shù)，利用導數(shù)的性質結合題中已知條件便可求出b的取值范圍；
（2）根據(jù)題意先求出φ（x）的解析式，然后分別討論當-≤1，1＜-＜2和-≥2時函數(shù)φ（x）的最小值；
（3）將a=-2，b=4代入其中，令h（x）=2lnx+x+，求出函數(shù)h（x）的最小值，便可證明2x-f（x）≥g（x）-3．
點評：本題主要考查了利用導數(shù)求閉區(qū)間上函數(shù)的最值和函數(shù)的單調性，考查了學生的計算能力和對函數(shù)的綜合掌握，解題時注意分類討論的數(shù)學思想的運用，是各地高考的�？碱}，屬于中檔題．