Question

數(shù)列{a_n}滿足a₁=0，a₂=2，a_n+2=（1+cos²

nπ

2

）a_n+4sin²

nπ

2

，n=1，2，3，…，
（1）求a₃，a₄，a₅，a₆；
（2）設(shè)S_k=a₁+a₃+…+a_2k-1，T_k=a₂+a₄+…+a_2k，分別求S_k，T_k關(guān)于k的表達(dá)式；
（3）設(shè)W_k=

2Sk

2+Tk

，求使W_k＞1的所有k的值，并說明理由．

Answer 1

考點(diǎn)：數(shù)列遞推式,數(shù)列的求和

專題：點(diǎn)列、遞歸數(shù)列與數(shù)學(xué)歸納法

分析：（1）根據(jù)數(shù)列的遞推式直接求a₃，a₄，a₅，a₆；
（2）根據(jù)S_k=a₁+a₃+…+a_2k-1，T_k=a₂+a₄+…+a_2k，即可求S_k，T_k關(guān)于k的表達(dá)式；
（3）求出W_k=

2Sk

2+Tk

，解不等式W_k＞1即可得到結(jié)論．

解答： 解：（1）∵a₁=0，a₂=2，
∴a3=(1+cos2

π

2

)a1+4sin2

π

2

=4，a4=(1+cos2

2π

2

)a2+4sin2

2π

2

=4，a5=(1+cos2

3π

2

)a3+4sin2

3π

2

=8，a6=(1+cos2

4π

2

)a4+4sin2

4π

2

=8．
（2）當(dāng)n=2k-1（k∈N^*）時(shí)，a2k+1=(1+cos2

2k-1

2

π)a2k-1+4sin2

2k-1

2

π=a2k-1+4，
∴{a_2k-1}是以0為首項(xiàng)，4為公差的等差數(shù)列，則a_2k-1=4（k-1），
當(dāng)n=2k（k∈N^*）時(shí)，a2k+2=(1+cos2

2k

2

π)a2k+4sin2

2k

2

π=2a2k，
∴{a_2k}是以2為首項(xiàng)，2為公比的等比數(shù)列，則a2k=2k，
∴{a_n}的通項(xiàng)公式為an=

2(n-1)，n=2k-1(k∈N*) 2 n 2 ，n=2k(k∈N*)

S_k=a₁+a₃+…+a_2k-1=0+4+…+4（k-1）=2k（k-1），Tk=a2+a4+…+a2k=2+22+…+2k=2k+1-2，
（3）Wk=

2Sk

2+Tk

=

4k(k-1)

2k+1

=

k(k-1)

2k-1

，
于是W1=0，W2=1，W3=

3

2

，W4=

3

2

，W5=

5

4

，W6=

15

16

．
下面證明：當(dāng)k≥6時(shí)，W_k＜1．
事實(shí)上，當(dāng)k≥6時(shí)，Wk+1-Wk=

(k+1)k

2k

-

k(k-1)

2k-1

=

k(3-k)

2k

＜0，即W_k+1＜W_k，
又W₆＜1，∴當(dāng)k≥6時(shí)，W_k＜1．
∵W₁=0，W₂=1，不滿足W_k＞1
∴滿足W_k＞1的k的值為3，4，5．

點(diǎn)評(píng)：本題主要考查數(shù)列的應(yīng)用，要求熟練掌握等比數(shù)列和等差數(shù)列的相關(guān)公式，考查學(xué)生的運(yùn)算能力，綜合性較強(qiáng)，運(yùn)算量較大．