Question

如圖，在平面直角坐標(biāo)系中，直線y=

1

2

x+b與拋物線y=-

1

2

x2-

1

2

x+3交于A、B兩點(diǎn)，且點(diǎn)A在x軸上，點(diǎn)B的橫坐標(biāo)為-4，點(diǎn)P為直線AB上方的拋物線上一動(dòng)點(diǎn)（不與點(diǎn)A、B重合），過點(diǎn)P作x軸的垂線交直線AB于點(diǎn)Q，PH⊥AB于H．
（1）求b的值及sin∠PQH的值；
（2）設(shè)點(diǎn)P的橫坐標(biāo)為t，用含t的代數(shù)式表示點(diǎn)P到直線AB的距離PH的長(zhǎng)，并求出PH之長(zhǎng)的最大值以及此時(shí)t的值；
（3）連接PB，若線段PQ把△PBH分成成△PQB與△PQH的面積相等，求此時(shí)點(diǎn)P的坐標(biāo)．

Answer 1

考點(diǎn)：二次函數(shù)綜合題

專題：

分析：（1）令y=0，求出點(diǎn)A的坐標(biāo)，然后把點(diǎn)A的坐標(biāo)代入直線解析式，求出點(diǎn)B的值，然后根據(jù)點(diǎn)A和點(diǎn)C的坐標(biāo)，求出OA和OC的長(zhǎng)度，根據(jù)勾股定理求出AC的長(zhǎng)度，根據(jù)PQ∥OC，可得∠PQH=∠OCA，然后求出sin∠PQH的值；
（2）求出點(diǎn)P和點(diǎn)Q的坐標(biāo)，運(yùn)用三角函數(shù)，求出PH的函數(shù)關(guān)系式，運(yùn)用求最大值的方法求解即可．
（3）作BD⊥PQ交PQ的延長(zhǎng)線于點(diǎn)D，由S_△PQB=S_△PQH，得出BQ=QH，利用三角函數(shù)求出QH和BQ的關(guān)系式，運(yùn)用相等的關(guān)系求出t，即可得出點(diǎn)P的坐標(biāo)．

解答：解：（1）令y=0得：-

1

2

x²-

1

2

x+3=0，化簡(jiǎn)x²+x-6=0，解得x₁=-3，x₂=2，
∴A（2，0），
∵A（2，0）在直線y=

1

2

x+b上，
∴1+b=0，解得b=-1，
∴OC=1，OA=2，
∴AC=

OC2+OA2

=

5

，
∵PQ∥OC，
∴∠PQH=∠OCA，
∴sin∠PQH=sin∠OCA=

2

5

=

2 5

5

．
（2）∵P（t，-

1

2

t²-

1

2

t+3），Q（t，

1

2

t-1），
∴PQ=-

1

2

t²-t+4，
sin∠PQH=

2 5

5

．
∴PH=（-

1

2

t²-t+4）×

2

5

=-

5

5

（t²+2t）+

8 5

5

=-

5

5

（t+1）²+

9 5

5

，
∴當(dāng)t=-1時(shí)，PH有最大值為

9 5

5

，
（3）如圖，作BD⊥PQ交PQ的延長(zhǎng)線于點(diǎn)D，設(shè)點(diǎn)P的橫坐標(biāo)為t，

∵S_△PQB=S_△PQH，
∴BQ=QH，
在RT△PHQ中，
∵sin∠PQH=

2

5

，
∴QH：PH：PQ=1：2：

5

，
∴QH=

1

5

PQ=

1

5

×（-

1

2

t²-t+4），
在RT△BDQ中，
∵∠BQD=∠PQH，
∴sin∠BQD=sin∠PQH=

2

5

．
∴

BD

BQ

=

2

5

，
∴BQ=

5

2

BD=

5

2

（t+4），
∵BQ=QH，
∴

5

2

（t+4）=

1

5

×（-

1

2

t²-t+4），
∴t²+7t+12=0，
∴t₁=-3，t₂=-4（舍去），
∴P（-3，0）．

點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了二次函數(shù)與方程、幾何知識(shí)的綜合應(yīng)用，涉及勾股定理，三角函數(shù)及方程，解題的關(guān)鍵是找準(zhǔn)相等解的關(guān)系利用三角函數(shù)求解．