Question

（2012•閔行區(qū)一模）記函數(shù)f（x）在區(qū)間D上的最大值與最小值分別為max{f（x）|x∈D}與min{f（x）|x∈D}．設(shè)函數(shù)f（x）=

-x+2b，  x∈[1，b] b，         x∈(b，3]

，1＜b＜3．g（x）=f（x）+ax，x∈[1，3]．
（1）若函數(shù)g（x）在[1，3]上單調(diào)遞減，求a的取值范圍；
（2）若a∈R．令，h（a）=max{g（x）|x∈[1，3]}-{g（x）|x∈[1，3]}．記d（b）=min{h（a）|a∈R}．試寫出h（a）的表達(dá)式，并求min{d（b）|b∈（1，3）}；
（3）令k（a）=max{g[f（x）]|x∈l}-min{g[f（x）]|x∈l}（其中l(wèi)為g[f（x）]的定義域）．若l恰好為[1，3]，求b的取值范圍，并求min{k（a）|a∈R}．

Answer 1

分析：（1）寫出函數(shù)g（x），利用函數(shù)在[1，3]上單調(diào)遞減，即可求得a的范圍；
（2）分類討論：0≤a≤

b-1

2

，

b-1

2

＜a≤1，分別求出max{g（x）|x∈[1，3]}與min{g（x）|x∈[1，3]}，即可求得h（a）的表達(dá)式，利用函數(shù)的單調(diào)性，可求出min{d（b）|b∈（1，3）}；
（3）分類討論：（�。┊�(dāng)x∈（b，3]時，f（x）=b，g[f（x）]=ab+b；
（ⅱ）當(dāng)

x∈[1，b] -x+2b∈[1，b]

，即x=b時，g[f（x）]=ab+b
（ⅲ）當(dāng)

x∈[1，b] -x+2b∈(b，3]

時，即

x∈[1，b] x∈[2b-3，b)

，g[f（x）]=

-ax+2ab+b，x∈[1，b] ab+b，x∈(b，3]

，由此可得k（a）的表達(dá)式，從而可求min{k（a）|a∈R}．

解答：解：（1）g(x)=f(x)+a=

(a-1)x+2b，x∈[1．b] ax+b，x∈(b，3]

，（2分）
∵函數(shù)g（x）在[1，3]上單調(diào)遞減，∴

a-1＜0 a＜0

，∴a＜0（4分）
（2）①當(dāng)0≤a≤

b-1

2

時，max{g（x）|x∈[1，3]}=g（1）=a+2b-1，min{g（x）|x∈[1，3]}=g（b）=ab+b，此時，h（a）=a+b-ab-1
②當(dāng)

b-1

2

＜a≤1時，max{g（x）|x∈[1，3]}=g（3）=3a+b，min{g（x）|x∈[1，3]}=g（b）=ab+b，此時，h（a）=3a-ab，故h（a）=

(1-b)a+b-1，0≤a≤ b-1 2 (3-b)a， b-1 2 ＜a≤1

，（2分）
因h（a）在[0，

b-1

2

]上單調(diào)遞減，在[

b-1

2

，1]單調(diào)遞增，故d（b）=min{h（a）|a∈R}=h（

b-1

2

）=

(3-b)(b-1)

2

，（4分）
故當(dāng)b=2時，得min{d（b）|b∈（1，3）}=

1

2

．     （6分）
（3）（�。┊�(dāng)x∈（b，3]時，f（x）=b，g[f（x）]=ab+b
（ⅱ）當(dāng)

x∈[1，b] -x+2b∈[1，b]

，即x=b時，g[f（x）]=ab+b
（ⅲ）當(dāng)

x∈[1，b] -x+2b∈(b，3]

時，即

x∈[1，b] x∈[2b-3，b)

（*），（3分）
①若2b-3＞1即b＞2，由（*）知x∈[2b-3，b），但此時I=[2b-3）∪∪（b，3]≠[1，3]，所以b＞2不合題意．
②若2b-3≤1即b≤2，由（*）知x∈[1，b），此時I=[1，b））∪∪（b，3]=[1，3]，故1＜b≤2，（5分）      
且g[f（x）]=

-ax+2ab+b，x∈[1，b] ab+b，x∈(b，3]

于是，當(dāng)a≤0時，k（a）=（ab+b）-（2ab+b-a）=（1-b）a
當(dāng)a＞0時，k（a）=（2ab+b-a）-（ab+b）=（b-1）a
即k（a）=

(1-b)a，a≤0 (b-1)a，a＞0

                    （7分）
從而可得當(dāng)a=0時，min{k（a）|a∈R}=0．（8分）

點評：本題考查新定義，考查函數(shù)的單調(diào)性與最值，考查分類討論的數(shù)學(xué)思想，解題的關(guān)鍵是確定分類標(biāo)準(zhǔn)，難度較大．