Question

如圖甲所示，一滑塊隨足夠長的水平傳送帶一起向右勻速運動，滑塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.2．一質(zhì)量m=0.05kg的子彈水平向左射入滑塊并留在其中，取水平向左的方向為正方向，子彈在整個運動過程中的v﹣t圖象如圖乙所示，已知傳送帶的速度始終保持不變，滑塊最后恰好能從傳送帶的右端水平飛出，g取10m/s²．

（1）求滑塊的質(zhì)量；

（2）求滑塊向左運動過程中與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量；

（3）若滑塊可視為質(zhì)點且傳送帶與轉(zhuǎn)動輪間不打滑，則轉(zhuǎn)動輪的半徑R為多少？

Answer 1

考點：  動能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律．

專題：  動能定理的應(yīng)用專題．

分析：  （1）根據(jù)速度時間關(guān)系求出子彈碰撞前的速度和碰撞后的速度，根據(jù)動量守恒定律求出滑塊的質(zhì)量；

（2）根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律求出滑塊向左運動過程中相對皮帶運動的位移根據(jù)Q=fs求得摩擦產(chǎn)生的熱量；

（3）根據(jù)速度時間關(guān)系求出皮帶運動的速度抓住滑塊恰好能從右端水平飛出可知，滑塊滑離皮帶輪時滿足重力完全提供圓周運動向心力，從而據(jù)此求得皮帶輪半徑．

解答：  解：（1）子彈射入滑塊的過程中，子彈與滑塊組成的系統(tǒng)動量守恒，令滑塊的質(zhì)量為M則有：

mv₀+Mv₂=（m+M）v₁…①

由v﹣t圖象知子彈入射前、后的速度和滑塊的初速度分別為：

v₀=400m/s，v₁=4m/s，v₂=﹣2m/s…②

將②代入①式解得：

M=3.3kg…③

（2）設(shè)滑塊（包括子彈）向左運動過程中加速度大小為a，由牛頓第二定律，有

f=μ（M+m）g=（M+m）a…④

解得：加速度a=2m/s²…⑤

設(shè)滑塊（包括子彈）向左運動的時間為t₁，位移大小為s₁，則：

=2s…⑥

所以滑塊向左運動的位移=4m…⑦

這段時間內(nèi)傳送帶向右運動的位移大小為：

s₂=﹣v₂t₁=4m…⑧

由能量守恒定律，滑塊（包括子彈）向左運動過程中與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為：

Q=f（s₁+s₂）=53.6J…⑨

（3）在傳送帶右端，因滑塊（包括子彈）恰好能水平飛出，故有：

…⑩

解得：R==0.4m

答：（1）求滑塊的質(zhì)量為3.3kg；

（2）滑塊向左運動過程中與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為53.6J；

（3）若滑塊可視為質(zhì)點且傳送帶與轉(zhuǎn)動輪間不打滑，則轉(zhuǎn)動輪的半徑R為0.4m．

點評：  本題是傳送帶問題與子彈射木塊問題的綜合問題，考查了運動學(xué)公式、牛頓運動定律、動量守恒定律、功能關(guān)系，難度較大．