Question

已知函數(shù)f（x）=x|2a-x|+2x，a∈R．
（1）若a=0，判斷函數(shù)y=f（x）的奇偶性，并加以證明；
（2）若函數(shù)f（x）在R上是增函數(shù)，求實(shí)數(shù)a的取值范圍；
（3）若存在實(shí)數(shù)a∈[-2，2]，使得關(guān)于x的方程f（x）-tf（2a）=0有三個(gè)不相等的實(shí)數(shù)根，求實(shí)數(shù)t的取值范圍．

Answer 1

考點(diǎn)：函數(shù)奇偶性的判斷,函數(shù)單調(diào)性的性質(zhì)

專題：函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用

分析：（1）若a=0，根據(jù)函數(shù)奇偶性的定義即可判斷函數(shù)y=f（x）的奇偶性；
（2）根據(jù)函數(shù)單調(diào)性的定義和性質(zhì)，利用二次函數(shù)的性質(zhì)即可求實(shí)數(shù)a的取值范圍；
（3）根據(jù)方程有三個(gè)不同的實(shí)數(shù)根，建立條件關(guān)系即可得到結(jié)論．

解答： 解：（1）函數(shù)y=f（x）為奇函數(shù)．
當(dāng)a=0時(shí)，f（x）=x|x|+2x，
∴f（-x）=-x|x|-2x=-f（x），
∴函數(shù)y=f（x）為奇函數(shù)；
（2）f（x）=

x2+(2-2a)x，x≥2a -x2+(2+2a)x，x＜2a

，
當(dāng)x≥2a時(shí)，f（x）的對(duì)稱軸為：x=a-1；
當(dāng)x＜2a時(shí)，y=f（x）的對(duì)稱軸為：x=a+1；
∴當(dāng)a-1≤2a≤a+1時(shí)，f（x）在R上是增函數(shù)，
即-1≤a≤1時(shí)，函數(shù)f（x）在R上是增函數(shù)；      
（3）方程f（x）-tf（2a）=0的解即為方程f（x）=tf（2a）的解．
①當(dāng)-1≤a≤1時(shí)，函數(shù)f（x）在R上是增函數(shù)，
∴關(guān)于x的方程f（x）=tf（2a）不可能有三個(gè)不相等的實(shí)數(shù)根；                          …（9分）
②當(dāng)a＞1時(shí)，即2a＞a+1＞a-1，
∴f（x）在（-∞，a+1）上單調(diào)增，在（a+1，2a）上單調(diào)減，在（2a，+∞）上單調(diào)增，
∴當(dāng)f（2a）＜tf（2a）＜f（a+1）時(shí)，關(guān)于x的方程f（x）=tf（2a）有三個(gè)不相等的實(shí)數(shù)根；
即4a＜t•4a＜（a+1）²，
∵a＞1，
∴1＜t＜

1

4

(a+

1

a

+2)．
設(shè)h(a)=

1

4

(a+

1

a

+2)，
∵存在a∈[-2，2]，使得關(guān)于x的方程f（x）=tf（2a）有三個(gè)不相等的實(shí)數(shù)根，
∴1＜t＜h（a）_max，
又可證h(a)=

1

4

(a+

1

a

+2)在（1，2]上單調(diào)增
∴＜h（a）_max=

9

8

，
∴1＜t＜

9

8

③當(dāng)a＜-1時(shí)，即2a＜a-1＜a+1，
∴f（x）在（-∞，2a）上單調(diào)增，在（2a，a-1）上單調(diào)減，在（a-1，+∞）上單調(diào)增，
∴當(dāng)f（a-1）＜tf（2a）＜f（2a）時(shí)，關(guān)于x的方程f（x）=tf（2a）有三個(gè)不相等的實(shí)數(shù)根；
即-（a-1）²＜t-4a＜4a，
∵a＜-1，
∴1＜t＜-

1

4

(a+

1

a

-2)，
設(shè)g(a)=-

1

4

(a+

1

a

-2)，
∵存在a∈[-2，2]，使得關(guān)于x的方程f（x）=tf（2a）有三個(gè)不相等的實(shí)數(shù)根，
∴1＜t＜g（a）_max，
又可證g(a)=-

1

4

(a+

1

a

-2)在[-2，-1）上單調(diào)減，
∴g（a）_max=

9

8

，
∴1＜t＜

9

8

；                                   
綜上：1＜t＜

9

8

．

點(diǎn)評(píng)：本題主要考查函數(shù)奇偶性的判斷，以及函數(shù)單調(diào)性的應(yīng)用，綜合考查分段函數(shù)的應(yīng)用，綜合性較強(qiáng)，運(yùn)算量較大．